Php 从两个不存在的表中进行选择

我有两张桌子：

表1

id       int(11)
name     varchar(255)
email    varchar(255)

表2

id       int(11)
name     varchar(255)
email    varchar(255)

两者都有几千个条目。问题是它们需要相同，表2缺少一些内容

如何检查表1中哪些电子邮件不在表2中，然后将其输出到页面？

我试过：

$result = mysqli_query($con,"SELECT email
                             FROM table2 b
                             WHERE NOT EXISTS (
                             SELECT *
                             FROM table1 a
                             WHERE a.email = b.email)");

---

但当我var_dump$result时，它返回Null

你落后了。您的查询将为您提供

table2

中不在

table1

中的记录

你想要：

SELECT email
FROM table1 a
WHERE NOT EXISTS (
    SELECT 1
    FROM table2 b
    WHERE b.email = a.email
)

i、 e.“从表1中选择表2中没有的电子邮件”

尝试以下方法：

SELECT email FROM Table1 a WHERE email not in(select email from table2 WHERE not email is null)

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如果可能，我宁愿避免嵌套选择：

SELECT a.email
FROM table1 AS a
LEFT JOIN table2 AS b
ON a.email = b.email
WHERE b.email IS NULL

应该可以找到表1中存在但表2中不存在的任何电子邮件地址

如果随后需要将该输出转储到屏幕，而不是

var\u dump

ing结果（因为结果将是

mysqli\u结果

对象），您可以：

$result = mysqli_query($con, "SELECT a.email FROM table1 AS a LEFT JOIN table2 AS b ON a.email = b.email WHERE b.email IS NULL");

if($result) {
  var_dump($result->fetch_all());
}
else {
  echo $con->error();
}

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仍然var_dump为Null

$result

不应该为

Null

，这听起来像是另一个问题。。。您确定连接设置正确吗？