通过PHP插入外键值的问题

无论出于何种原因，在使用PHP代码时，我无法将任何数据插入数据库。我已经把它缩小到了外键属性[user_id]的问题，因为当我从表中删除外键列并从PHP中删除外键插入代码时，它可以工作，并且我能够向表中添加数据

我还可以通过PHPMyAdmin接口直接向表中插入数据，这似乎只是我的PHP代码不允许我这样做。 证明其有效的证据：

这是我的PHP代码。如前所述，当外键不存在时，我可以使用PHP代码将数据上载到DB，因此我知道这不是我的连接或任何其他变量的问题

     $query = mysqli_query($connect, "INSERT INTO qualification (user_id, qual_subject, qual_grade, qual_type)
                                      VALUES ('2', '$subjects', '$grades', '$types')"); 

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非常感谢您的帮助

好吧，上帝知道我之前有什么问题，但是删除并重新创建表似乎已经解决了这个问题。感谢那些提供帮助的人！：）

var\u dump（$query）和
mysqli_错误（$connect）显示什么？另外：输出生成的SQL并将其与phpMyAdmin生成的SQL语句进行比较。@Xenofexs不知道我是否只是在错误的地方使用了这些语句，但它只是输出bool（false）…@syck再次不得不为自己还不是很有能力而道歉，我该怎么做？@SixTailedFox Syck只要求您在资格认证（用户id、资格认证科目、资格认证等级、资格认证类型）中插入（'2'、'$subjects'、'$grades'、'$types'）
并将显示的行与phpMyAdmin中的查询进行比较