Php 使用DateTime:：CreateFromFormat创建日期对象

我有一连串的日期：

25/08/2012

在这里，我试图将其转换为DateTime对象，以便将其保存到MySQL数据库。我的后端架构有一个

DateOfPrint date

列，可以接收此数据

以下是我尝试过的：

$eventDate = DateTime::createFromFormat('d/m/y', $fecha->innertext);
echo $eventDate;

echo

语句不会在屏幕上显示任何内容，当试图将其保存到数据库时，该列中不会保存任何内容

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有什么建议吗？

在插入MySQL列之前，您需要将其格式化：

// Need upper case Y here, thanks to VolkerK for pointing that out
$eventDate = DateTime::createFromFormat('d/m/Y', $fecha->innertext);
$eventDate = $eventDate->format( 'Y-m-d'); // I think this is the correct format

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然后可以使用

$eventDate

将日期保存到数据库。

$eventDate

是一个对象，而不是字符串。您需要在代码中访问元素的属性，才能将其值正确地插入到表中或回显出来。注意，您可以使用

var\u dump（$eventDate）它应该向您显示有关对象的所有信息

您可以引用以获取可用属性，并查看哪个属性最适合您的需要。
您的
$eventDate
包含一个布尔值（false），该值打印为空字符串

$eventDate = DateTime::createFromFormat('d/m/Y', $fecha->innertext);
echo $eventDate->format('Y-m-d');

您需要使用大写Y

a一年的完整数字表示，4位数字示例：1999或2003

yA表示年份的两位数示例：99或03
你必须打电话

e、 g

简短回答

$st_time =  date('Y-m-d H:i',$yourdate);

如果您只需要日、月和年，请使用此选项

$st_time =  date('Y-m-d',$yourdate);

我喜欢你在这个班上的工作。你今天得到我的第40+1@哈哈，谢谢。这真是一个伟大的隐藏宝石，许多人不知道，它是如此有用！您的回答是我应该使用format（），但您的示例是使用createFromFormat（），我应该使用哪一个？@Serg-您使用
createFromFormat（）
来获取
DateTime
对象，以及
format（）
将该日期对象正确格式化为MySQL
日期列可接受的字符串。感谢您的澄清。：）二者都createFromFormat（）用于将字符串解析为datetime对象。和format（）从该对象获取（不同的）字符串表示形式
$st_time =  date('Y-m-d H:i',$yourdate);

$st_time =  date('Y-m-d',$yourdate);