Php Codeigniter：连接3个表并在视图中显示数据

所以我有3张桌子想加入

我正在构建一个应用程序I Codeigniter，我有3个表

客户端：
-id
-电话号码
-医院id
-smc_状态
-测试中心

医院
-id
-名字

测试中心
-id
-名字

在模型中，我有以下内容：

public function get_clients()
    {
        if($slug === FALSE)
        {
            $this->db->select('clients.*');
            $this->db->from('clients');
            $this->db->join('hospital', 'clients.id = hospital.id');
            $this->db->join('testing_center', 'clients.id = testing_center.id');
            $query = $this->db->get();

            return $query->result_array();
        }

        $query = $this->db->get_where('clients');
        return $query->row_array();
    }

我认为：

<tbody>
    <?php foreach ($clients as $client_item): ?>
    <tr>
        <td><?php echo $client_item['phone_number'] ?></td>
        <td><?php echo $client_item['smc_status'] ?></td>
        <td><?php echo $client_item['hospital_id'] ?></td> //i wish to have the hospital name here
        <td><?php echo $client_item['testing_center_id'] ?></td> //i wish to have the testing center name here
        <td><?php echo $client_item['language'] ?></td>
        <td><a href="#">View</a></td>
    </tr>
    <?php endforeach ?>
</tbody>

//我希望这里有医院的名字
//我希望这里有考试中心的名字

---

但那是因为我没有在第三个和第四个td上显示医院名称和检测中心名称。我该怎么做呢？我尝试了一些由于某种原因似乎不起作用的技术。请告知如果您尝试以下方法会发生什么：

 $this->db->join('hospital', 'hospital.id = clients.id');
 $this->db->join('testing_center', 'testing_center.id = clients.id');

与此相反：

 $this->db->join('hospital', 'clients.id = hospital.id');
 $this->db->join('testing_center', 'clients.id = testing_center.id');

也检查

客户机*s*和客户机，如果它们在任何地方都相同

同时也随着书呆子的提议而改变： $this->db->select（'clients.*'）； 致：

---

您只能从

客户机

表中选择值。您还需要从其他表中选择列

$this->db->select('clients.id, 
    clients.phone_number,
    clients.smc_status,
    clients.language,
    hospital.name AS hospital_name, 
    testing_center.name AS testing_center_name');

然后你可以通过

<?php echo $client_item['hospital_name'] ?>
<?php echo $client_item['testing_center_name'] ?>

---

编辑：还有你，这是

客户端。*

正在做的。更新了我的代码。

应该是这样的

 $this->db->join('hospital', 'clients.hospital_id = hospital.id');
 $this->db->join('testing_center', 'clients.testing_center_id  = testing_center.id');

---

我做了更改，但最终得到HTTP错误500。为什么会这样？有很多不同的事情可能出了问题。检查您的PHP日志。我正在本地主机上运行它，无法检查任何日志，但我只是将其更改为：$this->db->select（'clients.id，clients.phone\u number，clients.smc\u status，clients.language，hospital.name作为hospital\u name，testing\u center.name作为testing\u center\u name'）$此->数据库->来自（“客户”）$这->数据库->加入（'hospital'，'hospital.id=clients.id'）$这个->数据库->加入（'testing_center'，'testing_center.id=clients.id'）$query=$this->db->get（）；返回$query->result_array（）；}$query=$this->db->get_where（'clients'，array（'slug'=>$slug））；返回$query->row_array（）；}我想我拼错了什么。它现在工作得很好。非常感谢！我正在尝试填写一个表单，并将数据推回到数据库中的不同表中。我该怎么做呢？我是先将表单绑定到数据库，以便它理解连接，还是应该将输入文本放置在与数据库中预期内容类似的位置？我已经做了所有必要的更改，首先是Nerd的建议，还有你的建议，但我最终得到了HTTP错误500。这是为什么？我查过了，还犯了一些拼写错误。谢谢你的建议！我正在尝试填写一个表单，并将数据推回到数据库中的不同表中。我该怎么做呢？我是先将表单绑定到数据库，以便它理解连接，还是应该将输入文本放置在与数据库中预期内容类似的位置？在两个表格中连接相同的列名是错误的，例如（“客户中的医院id，医院中的id”）和（“客户中的测试中心id，测试中心中的id”）

 $this->db->join('hospital', 'clients.hospital_id = hospital.id');
 $this->db->join('testing_center', 'clients.testing_center_id  = testing_center.id');