PHP mysqli oop从表中获取数据错误

我想使用PHP-mysqli从我的表中只取一行。 它使用prepared语句，但我不能这样做，我的代码也没有显示任何内容。我该怎么办

<?php
require_once 'inc/db.inc.php';

$post_id = $_GET['id'];

$q = "SELECT post_id, post_name, post_title, post_content, post_author, post_short_des, post_tag, post_date FROM posts WHERE post_id=? LIMIT 1";
$stmt = $conn->prepare($q);
$stmt->bind_param('i', $post_id);
$stmt->execute();
$stmt->bind_result($post_id, $post_name, $post_title, $post_content, $post_author, $post_short_des, $post_tag, $post_date);
$stmt->fetch();

print_r($stmt);

---

您需要绑定结果，然后获取它们。由于您有
限制1
，因此不需要循环任何内容，因为您无论如何只能获取一行

请注意，我们现在选择一列，而不是
SELECT*
，在本例中，我们从
content
列中进行选择（在数据库表中显示时进行更改）。重要的是，所选列的数量与您在
mysqli\u stmt\u bind\u result（）中绑定的变量相匹配。您可以选择多个列，只需用逗号分隔即可

$post_id = $_GET['id'];

$q = "SELECT content FROM posts WHERE post_id=? LIMIT 1";
$stmt = mysqli_prepare($dbc, $q);
mysqli_stmt_bind_param($stmt, 'i', $post_id);
mysqli_stmt_execute($stmt);
mysqli_stmt_bind_result($stmt, $content);
mysqli_stmt_fetch($stmt);

if (mysqli_stmt_num_rows($stmt)) {
    echo $content;
} else {
    echo "No data";
}





这是我在手机上写的，所以可能有一些错误。不过，文档中给出了很好的示例
 注意：
mysqli
的面向对象接口明显不那么冗长，使代码更易于阅读和审核，并且不容易与过时的
mysql\u查询接口混淆。在你对程序性风格投入太多之前，值得换一种。示例：
$db=new mysqli（…）
和
$db->prepare（“…”）
过程接口是PHP 4时代的产物，当时引入了
mysqli
API，不应在新代码中使用。是的，但我是PHP新手，没有编程经验。所以我害怕OOP（！），我就是不明白！关于“OOP”的五秒钟速成课程：
f（$x，$y）
程序风格变成了面向对象形式的
$x->f（y）
，第一个参数是对象和调用函数的方式。OO的主要目的是让函数在“对象”上运行，而不是在任意参数上运行。将对象视为相关变量和函数的容器，可以像传递简单变量一样传递给ust。值得注意的是，PDO在接口方面要干净得多，因此，如果您目前还不太致力于
mysqli
，那么值得一试。命名占位符功能非常重要，另外，您可以将关联数组传递给
execute（）
，这样代码就不那么麻烦了。更好的是像、、或这样的ORM，它不仅仅执行查询。数据库中有多少列？你需要把它们捆起来拿来谢谢。但什么是$content？我的意思是，我们没有在任何地方定义它……我编辑了代码，并通过@tadman将其更改为oop。和绑定结果，但打印尚未显示任何结果！啊哈。打印不会像mysql查询那样工作。感谢我的代码工作。
$content
在
mysqli\u stmt\u bind\u result（）中定义。该函数与大多数函数不同，因为它实际上定义了一个变量。该变量保存已获取的列的值。