Php SQL表比较、生成查询并将过滤后的数据打印到下拉列表中

我有一个名为user_id的表中的存储值。我还有另一个表：

客户单位项目：

+------------------+-------------+-------------+-------------+
| project_codename | client_id_1 | client_id_2 | client_id_3 |
+------------------+-------------+-------------+-------------+
|       Alpha      |      1      |      2      |      3      |
+------------------+-------------+-------------+-------------+
|       Beta       |      2      |      1      |      0      |
+------------------+-------------+-------------+-------------+
|       Gamma      |      3      |      1      |      0      |
+------------------+-------------+-------------+-------------+

如果用户_id=（client_id_1或client_id_2或client_id_3），那么我想在下拉列表中打印相应的项目_代码名。这是我拥有的php，但没有返回正确的结果。我已将我不确定的领域推向市场

PHP（已更新并解决）：

您将$query直接输入mysqli\u fetch\u array（），但此函数需要一个结果资源作为输入。您缺少mysqli_query（）调用。参见示例#2 at

除了根据Roman的答案缺少mysqli步骤外，您的查询在中使用不正确。您应该将其写为client\u id\u 1=？或客户机_id_2=？或者客户id 3=？Michael是对的。如果您不确定您的查询是否正确，请检查mysqli_query（）的返回值，并可以选择使用函数显示服务器发送给您的完整错误消息。@MichaelJ.Anderson我已经更新了上面的代码并进行了测试，但$query中仍然存在语法错误。我的编码不对吗？我已经将代码再次更新为适合我的代码。谢谢

<?php

  $con = mysqli_connect("localhost","****","****","db") or die("Connection error: " . mysqli_error($con));

  //stored sample value from another table 
  $user_id = "1";

  //Build query: Not sure if this is correct format
  $query = "SELECT * FROM client_projects WHERE client_id_1 = $user_id OR client_id_2 = $user_id OR client_id_3 = $user_id";
  $result = mysqli_query($con, $query) or die("Query error: " . mysqli_error($con));

  //Drop down list
  echo '<select id="Projects" class="input">';
  echo '<option value="" selected="selected" disabled="disabled">Choose a Project...</option>';

  // Loop through the query results, outputing specific options one by one
  // Not sure of the loop for the options
  while ($row = mysqli_fetch_array($query)) {
    echo '<option value="'.$row['project_codename'].'">'.$row['project_codename'].'</option>';
  }
  echo '</select>';

  mysqli_close($con);
?>