如何在php中定义一个可以与jquery中的.done一起使用的变量

如果我有一些php逻辑导致：

$staus = "pass";

或：

在我的jQuery/Ajax中，我有：

$(function() {
$( "#send" ).click(function(e){
e.preventDefault();
$( "#send" ).prop( "disabled", true );
$( ".loader" ).show();
$( "#send" ).html( "Sending <img src='img/ajax-loader.gif'>" );
var form_data = $( "#contact-form" ).serialize();
 $.ajax({
  type: 'POST',
  url: 'send.php',
  data: form_data
}).done(function(response) {
 if(response.status == "pass")
// console log something here

但是当我尝试Console.log数据时，我在Google Chrome控制台中没有定义

if($_POST) {


$message = "";

if(empty($_POST['first_name'])) {

    $message .= "First name required<br/>";
}

if(empty($_POST['last_name'])) {

    $message .= "Last name required";
}

if($message) {

    echo "<div class='alert alert-danger'>" . $message . "</div>";
    $pass = "error";

} else {

    echo "<div class='alert alert-success'>Form submitted successfully</div>";
    $pass = "succeed";
}
}

---

我猜是这样的：

常数staus= 洛格斯塔斯；

---

在ajax响应中，您将从PHP获得所有echo值。若您希望ajax在变量中给出结果，那个么可以使用JSON数据类型来检索数组中的数据。有关更多详细信息，请参阅链接

$(function() {
$( "#send" ).click(function(e){
e.preventDefault();
$( "#send" ).prop( "disabled", true );
$( ".loader" ).show();
$( "#send" ).html( "Sending <img src='img/ajax-loader.gif'>" );
var form_data = $( "#contact-form" ).serialize();
 $.ajax({
  type: 'POST',
  url: 'send.php',
  dataType: 'json',
  data: form_data,
  success: function(json){
 if(json['error'])
{
$('#your_notification_div').html("<div class='alert alert-danger'>" +json['message']+ "</div>")
}
else
{
$('#your_notification_div').html("<div class='alert alert-success'>"+json['message']+"</div>")

}
}
});
});
});

编辑验证PHP文件：

    if($_POST) {
    $json = array();
    $message = '';
    if(empty($_POST['first_name'])) {
        $json['error'] = 'true';
        $message .=  "First name required<br/>";
    }
    if(empty($_POST['last_name'])) {
        $json['error'] = 'true';
        $message .=  "Last name required";
    }
    if(!isset($json['error'])) {
        $json['success'] = 'true';
        $message = 'Form submitted successfully';
    }
    $json['message'] = $message;
    echo json_encode($json);
}

---

你能包含更多的jQuery代码吗？是的，这些内容不足以给出你的答案。现在要编辑…请添加更多信息，比如Ajax请求中的响应格式和内容类型。显示你的php代码以给出完美的答复。我真的不知道你的意思是什么？我是否需要更改其他代码，或者我是否可以将成功替换为.done？请替换我的代码片段，并告诉我它是否有效。使用此代码时不会发生任何事情。页面上没有显示任何内容，也没有控制台输出。您是否可以检查js错误，因为我没有在控制台中测试它？或者如何？

    if($_POST) {
    $json = array();
    $message = '';
    if(empty($_POST['first_name'])) {
        $json['error'] = 'true';
        $message .=  "First name required<br/>";
    }
    if(empty($_POST['last_name'])) {
        $json['error'] = 'true';
        $message .=  "Last name required";
    }
    if(!isset($json['error'])) {
        $json['success'] = 'true';
        $message = 'Form submitted successfully';
    }
    $json['message'] = $message;
    echo json_encode($json);
}