Playframework 在Play框架中传递公共状态

关于将公共状态传递给模板，我或多或少有一个理解Play框架的一般性问题。这是一个广泛讨论的话题，如下所示： 但我仍然不确定最佳实践是什么。我熟悉基于脚本语言的MVC框架，比如CakePHP或Django，所以这个问题对我来说并不重要。 因此，基本上有两种可能性：

• 在模板中使用隐式变量，这只适用于Scala，您仍然必须在每个模板中声明该变量
• 使用Http.Context类来存储数据，这在我看来更像是一种黑客行为，不适合传递大量数据。（如果我错了，请纠正我）

对于这个问题，我有两个重要的用例。第一个是让登录的用户对象在任何地方都可用。这是使用Http.Context非常容易解决的问题。第二个对我来说更难。我有一个标题，显示登录表单或一些用户特定的选项。因此，我在模板中有一个if条件，检查用户是否登录。但是当我显示登录表单时，我需要在控制器中生成表单对象。因此，我必须在每个控制器中生成该对象，并将其传递给每个模板，尽管我只需要在没有用户登录时使用它。我敢肯定，游戏框架的制作人是否就是这么说的

我会很高兴有任何见解或冲动。

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谢谢。

对于显示表单，您可以调用一个方法来创建表单并呈现模板，而不只是调用另一个模板

例如，您可以使用一个模板来显示用户信息或表单，如下所示：

views/home.scala.html :

...
@if(user.isLoggedIn()) {
  @loggedInHeader()
} else {
  @controllers.Application.loginFormHeader()
}
...

views/loginFormHeader.scala.html :

@(form: Form)
...

如果用户已登录，则只需呈现另一个模板（本例中为loggedInHeader.scala.html），否则在控制器上调用另一个方法（但它可以在任何类型的类上）：

此方法构造表单并使用如下模板进行渲染：

views/home.scala.html :

...
@if(user.isLoggedIn()) {
  @loggedInHeader()
} else {
  @controllers.Application.loginFormHeader()
}
...

views/loginFormHeader.scala.html :

@(form: Form)
...

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您可以从所需的任何模板（主布局模板中的事件）调用

@controllers.Application.loginFormHeader（）

方法，无需在其他任何地方生成表单对象。

谢谢。这个解决方案对我很有效。但是，在视图中调用控制器操作是一种良好的实践吗？事实上，它不是控制器操作（操作返回

结果

，并在routes文件中声明，这里我们返回

Html

）。可以将此方法放在不是控制器的类中。就我个人而言，我喜欢称这种东西为“组件”（我在symfony1.x:中经常使用这种模式）。创建一个专用的

组件

类是一个好主意，您将在其中放置此类代码以将其与实际控制器隔离。