Codeigniter 解决从视图调用函数时无法预见的视图问题

我在解决一个问题时遇到了一些真正的困难。基本上，我将搜索一个房间，并显示符合条件的房间列表（包括分页）。现在，当我试图要求房间的形象时，问题出现了。第一个图像将显示，但其余图像不会显示，我得到错误信息：

遇到PHP错误严重性：注意

消息：未定义的偏移量：0

文件名：views/search_view.php

电话号码：27

遇到PHP错误严重性：注意

消息：正在尝试获取非对象的属性

文件名：views/search_view.php

电话号码：27

这就是我到目前为止所做的

我的模型：

function get_room_image($rid)
{
    $q = $this->db
        ->where('room_id',$rid)
        ->limit(1)
        ->get('room_image');

    return $q->result();

}

function search_rooms() 
{
    $q = $this->db
        ->where('features', $this->input->post('features'))
        ->get('rooms');

    $room['results'] = $q->result();

    return $room['results'];
}

我的控制器：

function search()
{
    $data['main_content'] = 'search_view';
    $data['page_title'] = 'Search';

    $data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

    $this->load->view('includes/template',$data);
}

$data['main_content'] = 'search_view';
$data['page_title'] = 'Search';

$data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

$this->load->view('includes/template',$data);

我的看法是：

...    
<?php foreach ($results['results'] as $room) { 

    $room_images = $this->site_model->get_room_image($room->id); ?>
        <div class="col2 bot">

            <div class="col_head"></div>
                <div class="col_info">
                <table border="0" cellpadding="5" cellspacing="5">
                <tr><td> 
                <img src="<?php echo base_url() . 'room/' . $room_images[0]->image_name; ?>" border="0" class="imgbox" />
                </td> 
...

因此，它似乎没有在每次迭代中正确执行get_room_image函数

欢迎任何建议

---

首先，我认为您不应该从视图中调用模型。您应该从控制器内调用模型并将其传递给视图。另一篇关于这一点的帖子：

您应该尝试对模型中的表执行联接

型号：

function search_rooms() 
{
$q =  $this->db
 ->select('*')
 ->from('rooms')
 ->where('features', $this->input->post('features'))
 ->join('room_image', 'rooms.id = room_image.room_id');

return $q;
}

控制器：

function search()
{
    $data['main_content'] = 'search_view';
    $data['page_title'] = 'Search';

    $data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

    $this->load->view('includes/template',$data);
}

$data['main_content'] = 'search_view';
$data['page_title'] = 'Search';

$data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

$this->load->view('includes/template',$data);

视图：

---

首先，我认为不应该从视图中调用模型。您应该从控制器内调用模型并将其传递给视图。另一篇关于这一点的帖子：

您应该尝试对模型中的表执行联接

型号：

function search_rooms() 
{
$q =  $this->db
 ->select('*')
 ->from('rooms')
 ->where('features', $this->input->post('features'))
 ->join('room_image', 'rooms.id = room_image.room_id');

return $q;
}

控制器：

function search()
{
    $data['main_content'] = 'search_view';
    $data['page_title'] = 'Search';

    $data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

    $this->load->view('includes/template',$data);
}

$data['main_content'] = 'search_view';
$data['page_title'] = 'Search';

$data['results'] = $this->site_model->search_rooms();

$this->load->view('includes/template',$data);

视图：

问题解决了，因为我忘了在db查询字符串中的一行中添加“；”
问题解决了，因为我忘了在db查询字符串中的一行中添加“；”
尝试在该行上执行变量转储（$room\u images）——查看实际存在的内容。我猜[0]的索引对于在该行上执行var_转储（$room_images）的一些variablestry来说是错误的-看看实际上是什么。我猜[0]的索引对于某些变量是错误的当将$room\u images[0]->image\u name转换为$room\u images->image\u name时，我得到了错误：消息：尝试获取非object的属性您是否尝试了联接查询，或者在转换$room\u images[0]时通过添加“；”来修复代码->image\u name to$room\u images->image\u name我收到错误：消息：尝试获取非object的属性您是否尝试了联接查询，或者通过添加“；”来修复代码？