Command line 如何在解决方案名称（*.sln）上使用通配符调用msbuild？

我在文件夹中有一些解决方案文件（*.sln）。在不明确指定解决方案名称的情况下，如何为它们中的每一个调用

msbuild

？通常的语法是：

msbuild <solution-name>.sln /P:Configuration=<Debug,Release>

msbuild.sln/P:配置=

我尝试了此命令，但显然不受支持：

msbuild *.sln /P:Configuration=<Debug,Release>

msbuild*.sln/P:配置=

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是否在不知道解决方案名称的情况下执行msbuild？

使用for循环在命令行上迭代

dir*.sln

的结果：

for %i in ( dir *.sln ) do ( msbuild %i /p:Configuration=Debug )

或者使用msbuild文件执行相同的操作。最后，这可能更有趣，因为它允许更多的调整和自动化。例如，下面显示的代码自动生成调试版本和发布版本，并且可以扩展更多。您还可以传递目录以扫描解决方案，默认情况下，它会选择msbuild文件所在的目录。在命令行或使用批处理文件时，这样的事情更加困难和丑陋

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<Project ToolsVersion="12.0" xmlns="http://schemas.microsoft.com/developer/msbuild/2003" DefaultTargets="Build">

  <PropertyGroup>
    <!-- directory where the solution files are -->
    <SlnDir Condition="'$(SlnDir)' == ''">$(MSBuildThisFileDirectory)</SlnDir>
  </PropertyGroup>

  <ItemGroup>
    <!-- list solution files -->
    <ProjectFiles Include="$(SlnDir)\*.sln"/>
    <!-- list configurations to build -->
    <Configurations Include="Debug;Release"/>
  </ItemGroup>

  <Target Name="Build">
    <MSBuild Projects="@(ProjectFiles)" Targets="Cli" Properties="Configuration=%(Configurations.Identity)"/>
  </Target>

</Project>

$（MSBuildThisFileDirectory）

出于我的目的，从MSBuild配置行中删除'Targets=“Cli”'就可以做到这一点