作为函数参数的引用和常量引用之间的差异？ 这里是C++代码的简单片段： A foo(){ A a; // create a local A object return a; } void bar(const A & a_r){ } bar(foo());

为什么函数条的参数必须是常量引用，而不仅仅是引用

Edit1：我知道引用是为了避免复制开销。const是只读的。但是在这里我必须使它成为一个const引用，否则如果我删除“const”，g++将向我抛出一个错误

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Edit2：我猜foo（）的返回对象是临时对象，不允许更改临时对象的值？

如果没有错误消息，我不确定编译器可能会抱怨什么，但我可以从逻辑上解释原因：

行中：

bar(foo()); 

foo（）的返回值是临时a；它是通过调用foo（）创建的，然后在bar（）返回时立即销毁。执行非常量操作（即更改临时a的操作）没有意义，因为对象a随后被销毁

再看一看，这是这个问题的一个虚拟副本：

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这是一个很好的答案。

引用必须引用

const

对象，因为您无论如何都无法利用对它的更改。比较以下代码段：

void bar(A&);   
A x = foo();
bar(x);
if (x.member) {...} else {...}

及

在第一个示例中，修改对象的能力可能会显著改变后续代码的执行，而在第二个示例中，我们只是没有方法（可以引用的变量名）来执行。因此，我们只能使用对const的引用，它希望对象不被修改

为什么函数条的参数 必须是常量引用，而不仅仅是 推荐人

bar（）的参数不必是常量引用。但当将对象传递给函数参数时，当对象不被函数修改时，这是最有效的方法

• 将参数设置为常量可确保编译器在尝试修改对象时发出警告
• 将参数作为引用传递不会创建对象的副本，因此可以实现效率

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编译器正在查找

bar（const foo&）

，因为您正在

bar（foo（））

中将

对foo的const引用传递到
中的
bar
——这是因为您正在传递对一个临时变量的引用，而该临时变量一旦
bar
返回后将不存在

通过引用在
bar
内部修改
foo
是没有意义的，因为一旦从bar（）返回，它就不存在了

所以编译器强制执行此操作以防止隐藏错误，即开发人员将引用传递给临时对象，并更新临时对象，该对象将在方法返回后消失。
代码栏（foo（））将左值传递给bar（）。只有右值可以有指向它的指针或引用。左值可以有一个常量引用，因为常量限制阻止对不存在的左值进行赋值操作。
函数本身决定其参数是否应为常量。换句话说，您应该提供bar的内容。将返回类a对象的副本，该副本将在使用bar（）时可见。谢谢，这实际上是我的猜测：）。所以这只是非法的，因为改变临时对象是没有意义的。WEW——没错，C++标准对更改临时对象感到不满。同样，我链接的问题有一个比我能写的更好的解释。：-）
void bar(A const&);   
bar(foo());
if (//x? we don't have any x! We can't branch here!