C++ 是否无法以静默方式创建共享\u ptr？

考虑以下代码：

#include <memory>

class A {};
class B : public A {};

void func( std::shared_ptr<A> ptr )
{
}

int main( int argc, char* argv[] )
{
    func( std::shared_ptr<A>( new B ) );
}

#包括
A类{}；
B类：公共A{}；
void func（标准：：共享\u ptr ptr）
{
}
int main（int argc，char*argv[]）
{
func（std:：shared_ptr（新B））；
}

语法

std:：shared_ptr（新B）

要求指定

A

类。如果类位于名称空间中，并且在实际不需要时使代码过于冗长，这将是一件痛苦的事情

是否没有STL模板函数可以使语法更轻，并自动推导出

A

？ 我想的是这样的：

func（std:：make_shared（new B））

，但这不是

std:：make_shared

的意思

我的意思是，

pair

也一样，您可以使用

std:：make_pair

而无需指定第一/第二对类型，它们是自动推断的。

共享的\u ptr

是否没有“等价物”

但这不是std:：make_shared的目的

相反，这是

std:：make_shared

的理想用例：

 func(std::make_shared<B>());

func（std:：make_shared（））；

不仅不需要指定

A

，而且我们还具有指向对象和控制块具有共享分配的优势

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您的示例具有未定义的行为，因为共享指针将通过指向非多态基的指针删除对象。此

make_shared

版本没有此问题。

相关：。假设您找不到给定派生类型的基类。即使可以，您对

struct X{}；结构Y{}；结构A:X{}；结构B:A，Y{}？哪个基地是
B
最基本的基地？
但这不是std:：make_shared的意思。
你为什么这么认为？据我所知，这是一个理想的用例。与您的示例不同，该示例没有未定义的行为。@maximum_prime_是_463035818：如果func采用
shared_ptr
，它将选择
A
。如果它需要
共享\u ptr
它将拾取
Y
。如果它重载并同时使用这两个参数，我会期望出现一个错误，说明编译器无法推断参数…@eerorika：那么语法是什么？如果不指定
A
模板参数，我就无法使用
std:：make_shared
。好吧，这正是我想要的，我很惊讶
std:：make_shared
没有帮助…但我根本没有正确使用
make_shared
！