C++ 在visual studio代码上运行时出现问题：C++；声明与，

这是我的源代码，我得到了一个错误 “C++声明与（在第36行声明的）不兼容 和 C++标识符“节点”未定义。

#include <iostream>

template <typename T>
class K
{
private:
    class Node
    {
    public:
        Node() 
        {
            next = prev = nullptr;
        }
        Node(int _x)
            : Data(_x)
        {
            next = prev = nullptr;
        }
        int Data;
        Node* next, *prev;
    };
public:
    K() 
    {
        std::cout << "\n\t Hi, I am K \n";
    }
    ~K()
    {
        std::cout << "\n\t Bye, i Was K \n";
    }
    void Call(int _x)
    {
        std::cout << "\n\t Called K" << _x << "\n";
    }

    Node* GetNode();

};

template <typename T>
class Node;
template <typename T>
Node* K<T>::GetNode() // Here I get error 
{

}

#包括
模板
K类
{
私人：
类节点
{
公众：
节点（）
{
next=prev=nullptr；
}
节点（int_x）
：数据（_x）
{
next=prev=nullptr；
}
int数据；
节点*next，*prev；
};
公众：
K（）
{
std:：cout您对
GetNode
的声明在类
K
中，因此
Node
引用内部类
K:：Node

您的定义在类之外，因此返回类型不会在类范围内查找，因此也找不到。如果添加
节点
的额外声明，它会找到名称，但还有两个问题：外部
节点
需要模板参数，并且它只是与该节点不同的
节点
内部
K

首先，删除
模板类节点；
声明，它根本不正确

其次，您需要使返回类型引用正确的
节点

自C++11以来，最简单的方法是使用尾部返回类型语法

template <typename T>
auto K<T>::GetNode() -> Node*
{
}

我强烈推荐第一种方法，除非您使用的是C++11之前的代码库。
我真诚地感谢您的帮助。！我可能很守旧，但我认为写下并理解第二种方法很重要，因为这就是实际发生的情况（这就是我们正在谈论的
节点，是的，无论好坏，它都是一个从属名称！）@Peter Monica“因为这就是实际发生的事情”-我不会这样描述它。这不像编译器将尾部返回类型版本转换为经典版本。@SebastianRedl好吧，在某种程度上，它推断出了在C++11之前的代码中指定的类型！显然。你不同意吗？就像你自己说的：因为尾部返回类型可能在它找到的函数声明
K:：Node
@Peter>，您是否还会教新程序员在类中编写声明为
K:：Node GetNode（）
，或者编写函数定义，参数为
void K:：AddNode（typename K:：Node Node）
，以便他们知道“真正发生了什么”唯一的关于返回类型的事情是C++的奇怪解析规则将它置于定义的函数的范围之外。
template <typename T>
auto K<T>::GetNode() -> Node*
{
}

template <typename T>
typename K<T>::Node* K<T>::GetNode()
{
}