C++ Can'；当我想在外面抓东西的时候，我不会编译lambda

当我想要捕获lambda之外的内容时，就会发生编译错误。代码如下：

int caller(int (*callback)(void *arg), void * arg = NULL) {
  return callback(arg);
}

int main(int argc, char **argv) {

  const char *str = "world";
  caller([&](void *arg) {
      printf("hello %s\n", str);
      return 0;
  }, NULL);

  return 0;
}

但是，如果我像这样更改lambda内部的

printf

（不使用外部变量），也可以：

---

我试着用apple g++4.2和gnu g++4.6编译源代码，Lambdas只有在它们是statele时才能转换为函数指针，即没有定义捕获

查看并阅读有关

ClosureType:：operator ret（*）（参数）（

编辑：

如果由您定义回调参数，请使用

std:：function

定义它，它可以接受任何类型的可调用对象，包括lambda。请参见下文，它应该与它一起使用（

#包括

）

---

（我知道由于const-non-const转换，这实际上无法编译，但您明白我的意思）。

请给我们编译器的错误消息。此外，您更改的

printf

实际上没有更改。实际上，我使用的是您描述的第二种方法。有时我想在一些系统api中使用lambda，比如pthread_create，我有很多变量要传递给回调函数。如果我通过一对或元组或其他方式传递所有变量，然后将void*转换为正确的类型，这是非常烦人的。有什么好方法来处理这种情况吗？如果可能的话，您可以将对这些变量的引用包装到某个结构中，并将指向该结构的指针作为回调参数传递。我知道这比捕获要麻烦得多，但有时这是唯一的方法。使用

std:：function

和

void*

，然后将

void*

作为参数传递，会适得其反。您不必要地限制了可以使用的参数。只需使用一个

std:：function

，少数拥有

int（void*）

的人仍然可以使用

std:：bind

。

printf("hello %s\n", str)

int caller(std::function<int(void*)> callback, void * arg = NULL) {
  return callback(arg);
}

caller([](void *arg) {
      printf("hello %s\n", (const char*)arg);
      return 0;
  }, str);