C# 如何在不添加无法访问的代码的情况下编译此异步lambda？

我有一个方法：

void MyMethod<T>(params Func<T>[] funcs) { }

它起作用了！但是如果我想让第三个lambda抛出一个异常呢

MyMethod(async () => 1, async () => 2, async () => { throw new Exception(); });

上面的代码没有编译，它给出了两个相同的错误：

CS0201只能将赋值、调用、递增、递减和新对象表达式用作语句

我不确定它为什么会出现此错误，但我理解它为什么无法编译-前两个lambda是

Func

，而最后一个是

Func

。我希望它会给我一个更好的编译错误，但让我们把这个问题放在一边

如何获得要编译的代码？我可能必须告诉编译器我希望为第三个异步lambda生成什么类型的任务。我发现的一种方法是在

throw

语句之后指定

return

语句：

MyMethod(async () => 1, async () => 2, async () => { throw new Exception(); return 3; });

除了丑陋和混乱之外，它还会生成一个编译器警告：

CS0162检测到无法访问的代码

我如何让编译器高兴？如何避免不可访问的代码只是为了使其可编译？是否有其他方法指定异步lambda返回的任务类型？

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另外，为什么在上面的示例中会出现CS0201错误？

问题是编译器推断出

T

是

任务，因为最后一个lambda没有返回类型

因此，它尝试将第一个lambda解析为没有返回值，这意味着它们必须作为语句而不是表达式有效。由于
1
作为语句无效，您可能会遇到这个听起来奇怪的错误

要使代码编译，请显式传递泛型类型参数：

MyMethod<Task<int>>(async () => 1, async () => 2, async () => { throw new Exception(); });

MyMethod（async（）=>1，async（）=>2，async（）=>{抛出新异常（）；}）；

第一个示例中的lambda不是
Func
（如果没有上下文，它将是
Action
），但它是该委托的有效lambda。因为它对您想要的委托有效，所以只需将其强制转换为：

MyMethod(async () => 1, 
    async () => 2, 
    (Func<Task<int>>)(async () => { throw new Exception(); }));

MyMethod（异步（）=>1，
异步（）=>2，
（Func）（异步（）=>{throw new Exception（）；}））；
既然您没有使用
await
，那么首先为什么要使用异步lambda？@Servy:实际代码使用的是awaits。在第三个lambda中甚至有一个wait抛出异常。这是代码的精简版本。然后提供一个实际代表您实际代码的示例。提供async关键字不会使您的代码异步。我无法删除
async
，因为实际代码在lambdas中使用waits。在第三个lambda中甚至有一个wait抛出异常。这是一个精简版的代码。即使是这样的示例，删除
async
也会改变语义。我错了；这不是编译器错误。我添加了一个完整的解释。@SLaks:谢谢。简单的解决方案！不完全是,；如果这就是问题所在，他会得到一个无效的转换错误。因为这个推论，真正的问题在另一个lambda中。
MyMethod(async () => 1, 
    async () => 2, 
    (Func<Task<int>>)(async () => { throw new Exception(); }));