Java 找出用二进制表示正整数所需的位数?
这可能是非常基本的,但为了节省我一个小时左右的时间,谁能告诉我如何计算出用Java表示给定正整数所需的位数 e、 我得到一个小数点11,(1011)。我需要得到答案,4Java 找出用二进制表示正整数所需的位数?,java,bit-manipulation,bits,Java,Bit Manipulation,Bits,这可能是非常基本的,但为了节省我一个小时左右的时间,谁能告诉我如何计算出用Java表示给定正整数所需的位数 e、 我得到一个小数点11,(1011)。我需要得到答案,4 我想如果我能想出如何将除最高有效位以外的所有位设置为0,然后>>>它,我就会得到我的答案。但是我做不到。好吧,你可以数一数你向右移动了多少次,然后你就只剩下零了: int value = 11; int count = 0; while (value > 0) { count++; value = valu
我想如果我能想出如何将除最高有效位以外的所有位设置为0,然后>>>它,我就会得到我的答案。但是我做不到。好吧,你可以数一数你向右移动了多少次,然后你就只剩下零了:
int value = 11;
int count = 0;
while (value > 0) {
count++;
value = value >> 1;
}
我的Java有点生疏,但语言不可知的答案(如果有“log2”函数和“floor”函数可用)是:
numberOfBits = floor(log2(decimalNumber))+1
假设“小数”大于0。如果为0,则只需1位。整数.toBinaryString(number).length()
好悲伤。。。为什么投票被否决
public class Main
{
public static void main(final String[] argv)
{
System.out.println(Integer.toBinaryString(0).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(1).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(2).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(3).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(4).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(5).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(6).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(7).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(8).length());
System.out.println(Integer.toBinaryString(9).length());
}
}
输出:
1
1
2
2
3
3
3
3
4
4
以下是各种解决方案速度的简单测试:
public class Tester
{
public static void main(final String[] argv)
{
final int size;
final long totalA;
final long totalB;
final long totalC;
final long totalD;
size = 100000000;
totalA = test(new A(), size);
totalB = test(new B(), size);
totalC = test(new C(), size);
totalD = test(new D(), size);
System.out.println();
System.out.println("Total D = " + totalD + " ms");
System.out.println("Total B = " + totalB + " ms");
System.out.println("Total C = " + totalC + " ms");
System.out.println("Total A = " + totalA + " ms");
System.out.println();
System.out.println("Total B = " + (totalB / totalD) + " times slower");
System.out.println("Total C = " + (totalC / totalD) + " times slower");
System.out.println("Total A = " + (totalA / totalD) + " times slower");
}
private static long test(final Testable tester,
final int size)
{
final long start;
final long end;
final long total;
start = System.nanoTime();
tester.test(size);
end = System.nanoTime();
total = end - start;
return (total / 1000000);
}
private static interface Testable
{
void test(int size);
}
private static class A
implements Testable
{
@Override
public void test(final int size)
{
int value;
value = 0;
for(int i = 1; i < size; i++)
{
value += Integer.toBinaryString(i).length();
}
System.out.println("value = " + value);
}
}
private static class B
implements Testable
{
@Override
public void test(final int size)
{
int total;
total = 0;
for(int i = 1; i < size; i++)
{
int value = i;
int count = 0;
while (value > 0)
{
count++;
value >>= 1;
}
total += count;
}
System.out.println("total = " + total);
}
}
private static class C
implements Testable
{
@Override
public void test(final int size)
{
int total;
final double log2;
total = 0;
log2 = Math.log(2);
for(int i = 1; i < size; i++)
{
final double logX;
final double temp;
logX = Math.log(i);
temp = logX / log2;
total += (int)Math.floor(temp) + 1;
}
System.out.println("total = " + total);
}
}
private static class D
implements Testable
{
@Override
public void test(final int size)
{
int total;
total = 0;
for(int i = 1; i < size; i++)
{
total += 32-Integer.numberOfLeadingZeros(i);
}
System.out.println("total = " + total);
}
}
}
对于那些抱怨速度的人
首先编写可读的程序,然后找出它的速度慢的地方,然后使它更快。优化前后测试更改。如果更改的大小不足以降低代码的可读性,请不要为更改而烦恼。获取基于两个的数字日志将报告存储该数字所需的位数 答案很简单。如果您有一个int值:
int log2(int value) {
return Integer.SIZE-Integer.numberOfLeadingZeros(value);
}
同样的情况长期存在
[编辑]
如果这里的剃须毫秒是个问题,Integer.numberOfLeadingZeros(int)相当有效,但仍执行15次操作。。。扩展一个合理的内存量(300字节,静态),您可以根据整数的范围将其减少到1到8个操作。这是C语言,但我怀疑您可以相当容易地转换为Java:
如果您试图避免循环,并且您关心速度,您可以使用以下方法:
int value = ...;
int count = 0;
if( value < 0 ) { value = 0; count = 32; }
if( value >= 0x7FFF ) { value >>= 16; count += 16; }
if( value >= 0x7F ) { value >>= 8; count += 8; }
if( value >= 0x7 ) { value >>= 4; count += 4; }
if( value >= 0x3 ) { value >>= 2; count += 2; }
if( value >= 0x1 ) { value >>= 1; count += 1; }
public static int getNumberOfBits(int N) {
int bits = 0;
while(Math.pow(2, bits) <= N){
bits++;
}
return bits;
}
int值=。。。;
整数计数=0;
如果(值<0){value=0;count=32;}
如果(值>=0x7FFF){value>=16;计数+=16;}
如果(值>=0x7F){value>=8;计数+=8;}
如果(值>=0x7){value>=4;计数+=4;}
如果(值>=0x3){value>=2;计数+=2;}
如果(值>=0x1){value>=1;计数+=1;}
Java没有无符号整数,所以第一个if(值<0)有点可疑。负数总是设置最重要的位,因此可以说需要完整的字来表示负数。如果你在乎的话,就改变这种行为
顺便说一句,要处理64位整数,请将if(value<0)行替换为以下两行:
if( value < 0 ) { value = 0; count = 64; }
if( value >= 0x7FFFFFFF ) { value >>= 32; count += 32; }
if(value<0){value=0;count=64;}
如果(值>=0x7FFFFFFF){value>>=32;计数+=32;}
当然,这只适用于正整数。对于非负值,最直接的答案可能是:
java.math.BigDecimal.valueOf(value).bitLength()
(对于负数,它将给出比绝对值小1的位长度,而不是从2的补码表示法中期望的无穷大。)为了完整性,我想添加一些其他选项: 1
biginger.valueOf(i).bitLength()
不是很快。此外,biginger.bitLength()
它有错误且不可靠(在Java7中已修复),因为当需要超过Integer.MAX_值
位时(需要异常高的输入数!![例如1个左移Integer.MAX_值
次,也称为2^Integer.MAX_值
]))下一个2^(2*Integer.MAX_VALUE)-2^Integer.MAX_VALUE
numbers的结果溢出并出现负数,这个数字太高了,你的头可能会爆炸。请注意,据估计,宇宙包含约10^80个原子;这个数字是2^4G
(G
如千兆,1024*1024*1024
)
2
static int neededBits(int i)
{
assert i > 0;
int res;
int sh;
res = ((i > 0xFFFF) ? 1 : 0) << 4;
i >>= res;
sh = ((i > 0xFF) ? 1 : 0) << 3;
i >>= sh;
res |= sh;
sh = ((i > 0xF) ? 1 : 0) << 2;
i >>= sh;
res |= sh;
sh = ((i > 0x3) ? 1 : 0) << 1;
i >>= sh;
res |= sh;
res |= (i >> 1);
return res + 1;
}
静态int-needbits(int-i)
{
断言i>0;
国际关系;
int-sh;
res=((i>0xFFFF)?1:0)>=res;
sh=((i>0xFF)?1:0)>=sh;
res |=sh;
sh=((i>0xF)?1:0)>=sh;
res |=sh;
sh=((i>0x3)?1:0)>=sh;
res |=sh;
res |=(i>>1);
返回res+1;
}
一个非常快的解决方案,但仍然是旧的
32-整数的一半代码>像这样的东西怎么样:
int value = ...;
int count = 0;
if( value < 0 ) { value = 0; count = 32; }
if( value >= 0x7FFF ) { value >>= 16; count += 16; }
if( value >= 0x7F ) { value >>= 8; count += 8; }
if( value >= 0x7 ) { value >>= 4; count += 4; }
if( value >= 0x3 ) { value >>= 2; count += 2; }
if( value >= 0x1 ) { value >>= 1; count += 1; }
public static int getNumberOfBits(int N) {
int bits = 0;
while(Math.pow(2, bits) <= N){
bits++;
}
return bits;
}
publicstaticintgetnumberofbits(intn){
整数位=0;
虽然(Math.pow(2,bits)对2的指数进行二进制搜索比bit shift()解决方案快,如果数字很大(数千个十进制数字),这可能很有价值,但您知道最大可用位,并且不想生成表:
int minExpVal = 0;
int maxExpVal = 62;
int medExpVal = maxExpVal >> 1;
long medianValue = 0l;
while (maxExpVal - minExpVal > 1) {
medianValue = 1l << medExpVal;
if (value > medianValue) {
minExpVal = medExpVal;
} else {
maxExpVal = medExpVal;
}
medExpVal = (minExpVal + maxExpVal) >> 1;
}
return value == 1l << maxExpVal ? maxExpVal + 1 : maxExpVal;
基准:
Leading zeros time is: 2 ms
BinarySearch time is: 95 ms
BitShift time is: 135 ms
这个适合我
int numberOfBitsRequired(int n)
{
return (int)Math.floor(Math.log(n)/Math.log(2)) + 1;
}
要同时包含负数,可以添加一个额外的位并使用它指定符号
public static int numberOfBitsRequiredSigned(int n)
{
return (int)Math.floor(Math.log(Math.abs(n))/Math.log(2)) + 2;
}
如果不想修改原始值,也可以这样做
unsigned int value = 11;
unsigned int count = 0;
if(value > 0)
{
for(int i=1;i<value;i*=2) // multiply by two => shift one to left
{
++count;
}
}
我们从右边的i=1
开始。
然后我们继续乘以2,只要i
。
同时,我们记录了有多少位向左移动
所以在这个例子中,只要i
达到16,值就大于11,因此我们停止。然后我们将计算4位:1*2*2*2=16(=2^4)
<强>小心符号数。当处理有正数或负数的带符号的数字时,你必须首先将负数乘以-1。另外,你必须考虑如何考虑符号位。
d'Oh!是的,这很简单。我期待着一些非常无聊的WiZARDR。y、 …感谢您的快速回复,我现在将使用它,但我很想看看是否有没有没有没有循环的方法之类的。好吧,您可以展开循环,因为它应该在32次迭代中进行限制(或者64次——不管Java如何工作)。在Java中int是32位,long是64位。好的,我给您发布了一个方法w
unsigned int value = 11;
unsigned int count = 0;
if(value > 0)
{
for(int i=1;i<value;i*=2) // multiply by two => shift one to left
{
++count;
}
}
64 32 16 8 4 2 1
0 0 0 1 0 1 1 -> binary representation of decimal number 'value' = 11 (=1+2+8)