Java 有人知道下面这个骰子问题的更好的解决方案吗?
有许多骰子,输入数组包含骰子正面朝上的数字。骰子是六面的。计算骰子的最小旋转总数,使所有面相同。1只需旋转一圈,即可使2、3、4和5面朝上,但需要至少旋转两圈才能使其成为面6,因为6是1的另一侧。2的对边是5,3的对边是4 我已经想出了一个解决办法,但我相信应该有更好的办法 例如:Java 有人知道下面这个骰子问题的更好的解决方案吗?,java,Java,有许多骰子,输入数组包含骰子正面朝上的数字。骰子是六面的。计算骰子的最小旋转总数,使所有面相同。1只需旋转一圈,即可使2、3、4和5面朝上,但需要至少旋转两圈才能使其成为面6,因为6是1的另一侧。2的对边是5,3的对边是4 我已经想出了一个解决办法,但我相信应该有更好的办法 例如: A={1,1,6},答案=2。旋转6两次,得到1 A={1,2,3},答案=2。旋转1和2,使其成为3 A={1,6,2,3},答案=3。旋转1、6和3使其全部为2 import java.util.*; publ
A={1,1,6}
,答案=2。旋转6两次,得到1A={1,2,3}
,答案=2。旋转1和2,使其成为3A={1,6,2,3}
,答案=3。旋转1、6和3使其全部为2
import java.util.*;
public class DiceProblem {
public static void main(String args[]){
int[] A = {3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
Map<Integer, Integer> countMap = new HashMap<>();
int rotation = 0;
int diceCount;
int maxDiceNumber = A[0];
int OppositeOfMaxDiceNumber;
int max = 1;
for(int i = 1; i <= 6 ; i++){
diceCount = 0;
for (int value : A) {
if(i == value){
diceCount++;
}
}
countMap.put(i, diceCount);
if(diceCount > max){
max = diceCount;
maxDiceNumber = i;
}
}
if(max == 1){
if(countMap.get(1).equals(countMap.get(6)) && countMap.get(1) != 0 && countMap.get(2) != 0){
maxDiceNumber = 2;
}else if(countMap.get(2).equals(countMap.get(5)) && countMap.get(2) != 0 && countMap.get(3) != 0){
maxDiceNumber = 3;
}else if(countMap.get(3).equals(countMap.get(4)) && countMap.get(1) != 0){
maxDiceNumber = 1;
}else if(countMap.get(2) != 0){
maxDiceNumber = 2;
}else if(countMap.get(5) != 0){
maxDiceNumber = 5;
}else if(countMap.get(6) != 0){
maxDiceNumber = 6;
}
}
System.out.println("Max Dice Number: "+ maxDiceNumber);
OppositeOfMaxDiceNumber = createOpposite(maxDiceNumber);
System.out.println("Opposite Dice Number: "+ OppositeOfMaxDiceNumber);
Iterator it2 = countMap.entrySet().iterator();
while (it2.hasNext()) {
Map.Entry pair = (Map.Entry)it2.next();
System.out.println(pair.getKey() + " = " + pair.getValue());
if((int)(pair.getValue()) > 0 && (int)(pair.getKey()) != maxDiceNumber){
if((int)(pair.getKey()) == OppositeOfMaxDiceNumber){
rotation = rotation + (2 * (int)(pair.getValue()));
}else {
rotation = rotation + ((int)(pair.getValue()));
}
}
it2.remove(); // avoids a ConcurrentModificationException
}
System.out.println("Number of Minimum Rotations: "+ rotation);
}
private static int createOpposite(int key){
switch (key) {
case 1:
return 6;
case 2:
return 5;
case 3:
return 4;
case 4:
return 3;
case 5:
return 2;
case 6:
return 1;
}
return 0;
}}
import java.util.*;
公共类问题{
公共静态void main(字符串参数[]){
int[]A={3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
Map countMap=新的HashMap();
整数旋转=0;
整数骰子计数;
int maxDiceNumber=A[0];
整数对立面的最大数;
int max=1;
对于(int i=1;i max){
最大值=骰子计数;
maxDiceNumber=i;
}
}
如果(最大==1){
如果(countMap.get(1).equals(countMap.get(6))&&countMap.get(1)!=0&&countMap.get(2)!=0){
maxDiceNumber=2;
}else如果(countMap.get(2).equals(countMap.get(5))&&countMap.get(2)!=0&&countMap.get(3)!=0){
maxDiceNumber=3;
}else如果(countMap.get(3).等于(countMap.get(4))&&countMap.get(1)!=0){
maxDiceNumber=1;
}else如果(countMap.get(2)!=0){
maxDiceNumber=2;
}else如果(countMap.get(5)!=0){
maxDiceNumber=5;
}else如果(countMap.get(6)!=0){
maxDiceNumber=6;
}
}
System.out.println(“最大骰子数:“+maxDiceNumber”);
maxDiceNumber的对立面=CreateAntivative(maxDiceNumber);
System.out.println(“相反的骰子编号:+相反的MaxDiceNumber”);
迭代器it2=countMap.entrySet().Iterator();
while(it2.hasNext()){
Map.Entry对=(Map.Entry)it2.next();
System.out.println(pair.getKey()+“=”+pair.getValue());
如果((int)(pair.getValue())>0&&(int)(pair.getKey())!=maxDiceNumber){
if((int)(pair.getKey())==MaxDiceNumber的对立面){
旋转=旋转+(2*(int)(pair.getValue());
}否则{
旋转=旋转+((int)(pair.getValue());
}
}
it2.remove();//避免ConcurrentModificationException
}
System.out.println(“最小旋转次数:“+旋转”);
}
私有静态int-createAntivative(int-key){
开关(钥匙){
案例1:
返回6;
案例2:
返回5;
案例3:
返回4;
案例4:
返回3;
案例5:
返回2;
案例6:
返回1;
}
返回0;
}}
我想了一会儿,试图想出一个比暴力更好的解决办法;也就是说,不需要考虑如何将所有骰子都放到6个潜在位置。我打赌有一些聪明的方法可以做到这一点,但我想不出来 因此,我编写了自己版本的暴力解决方案,试图大大简化您的代码。第一个观察结果是,骰子的两边加起来总是7,因此给定一个骰子值,从7中减去该值总是可以找到相反的结果。不需要一堆if语句,也不需要查找,或者其他任何东西。一个简单的减法就可以完成。如果你想知道两个位置是否相反,只要看看它们加起来是否等于7 <> P> >我只写代码做最直接的事情…考虑每个骰子的位置,计算翻转的数量,把所有骰子拿到那个位置,并跟踪我们的最小翻转位置。p> 更新:可以做的一个优化是在每个位置创建一次模具数量。然后,我们不必每次通过外部循环处理每个模具,而是处理每个模具位置的计数。我更新了之前发布的代码的第一个版本,以使用此优化。这意味着不管你的列表中有多少骰子,你都要考虑6×6=36对的位置。 有了这些,我想到了以下代码:
public class DiceProblem {
public static void main(String args[]) {
int[] A = {3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
// Figure out how many dice we have in each position
int[] pos_counts = {0, 0, 0, 0, 0, 0, 0};
for (int start_pos : A)
pos_counts[start_pos] += 1;
// Initilize our accumulators for minimum flips and which position that was
int min_flips = Integer.MAX_VALUE;
int min_flip_pos = 0;
// Consider each of the 6 dice positions...
for (int position = 1 ; position <= 6 ; position++) {
// initialize the number of flips
int flips = 0;
// Go through all the dice starting positions and tally up the flips necessary to get all dice to the position
// we are considering
for (int start_pos = 1 ; start_pos <= 6 ; start_pos++) {
if (start_pos + position == 7) // opposite sides of a dice always add up to 7
flips += 2 * pos_counts[start_pos];
else if (start_pos != position)
flips += pos_counts[start_pos];
}
// If this is a smaller number of flips than we've seen before, record it as the new best choice
if (flips < min_flips) {
min_flips = flips;
min_flip_pos = position;
}
}
System.out.println(String.format("%d flips to die position %d", min_flips, min_flip_pos));
}
}
这与您的代码给出的答案相同。要获得一个好的解决方案,请考虑每侧需要多少圈
- 这面朝上的骰子需要0圈
- 对于反面朝上的骰子(如3对4),需要2圈
- 对于所有其他骰子,它需要1回合
int turnsForSide(int side, Map<Integer, Long> sideCount);
Map<Integer, Long> getSideCounts(int[] sidesUp);
如果你有这两个函数,你可以迭代地图,找到最小值的那一边
int[] A = {3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
Map<Integer, Long> counts = getSideCounts(A);
Map<Integer,Integer> turns = new HashMap<Integer, Integer>();
for (int i = 1; i < 7; i++) {
turns.put(i, turnsForSide(i, counts));
}
// you could also retain the minimum in the loop above to avoid another iteration
turns.entrySet().stream().min(Comparator.comparing(Map.Entry::getValue))
.map(entry -> String.format("minimum amount: %d for side %d", entry.getValue(), entry.getKey()))
.ifPresent(System.out::println);
int[]A={3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
映射计数=getSideCounts(A);
Map turns=newhashmap();
对于(int i=1;i<7;i++){
旋转。旋转(i,旋转(i,计数));
}
//您还可以在上面的循环中保留最小值,以避免再次迭代
turns.entrySet().stream().min(Comparator.comparing(Map.Entry::getValue))
.map(entry->String.format(“最小金额:%d,用于第%d条)、entry.getValue()、entry.getKey()))
.ifPresent(System.out::println);
这是相当有效的,因为您只需要迭代原始数组一次,然后映射的边是固定的迭代次数(6),所以如果我正确地记住了复杂性理论,那么总体上这应该是O(n)
我确实有函数的代码,但因为它似乎是家庭作业,我认为如果您尝试先编写它会更有帮助。public class>{
public class DiceProblem {
public static void main(String args[]){
int[] A = {3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
int flip_count;
int min_flip_count = 9999999;
for (int value : A) {
flip_count = 0;
for (int i : A) {
if (value == i) {
flip_count += 0;
} else if (value + i == 7) {
flip_count += 2;
} else {
flip_count += 1;
}
}
if (flip_count < min_flip_count) {
min_flip_count = flip_count;
}
}
System.out.println("Minimum Flip Count:" + min_flip_count);
}
}
公共静态void main(字符串参数[]){
int[]A={3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
int
public class DiceProblem {
public static void main(String args[]){
int[] A = {3,4,1,2,4,2,3,5,1,2,3,4,6,2,4,1,5,2};
int flip_count;
int min_flip_count = 9999999;
for (int value : A) {
flip_count = 0;
for (int i : A) {
if (value == i) {
flip_count += 0;
} else if (value + i == 7) {
flip_count += 2;
} else {
flip_count += 1;
}
}
if (flip_count < min_flip_count) {
min_flip_count = flip_count;
}
}
System.out.println("Minimum Flip Count:" + min_flip_count);
}
}