Java JAX-RS客户机：在进行REST调用时捕获异常消息

我正在使用ResteasyClient将REST客户端创建到我的另一个服务a。例如，服务a抛出异常CustomException，并显示一条消息：获得无效请求。 以下是我如何使用客户端：

public Response callServiceA(final String query) {
    ResteasyClient client = new ResteasyClientBuilder().build();
    String link = "abc.com/serviceA";
    ResteasyWebTarget target = client.target(link).path("call");
    Form form = new Form();
    form.param("query", query);
    Response response;
    try {
        String data =
                target.request(MediaType.APPLICATION_JSON_TYPE)
                        .post(Entity.entity(form,
                                MediaType.APPLICATION_FORM_URLENCODED_TYPE),
                                String.class);
        response = Response.ok().entity(data).build();
    } catch (Exception e) {
        String message = e.getMessage();
        e.printStackTrace();
        response = Response.serverError().entity(e.getMessage()).build();
    } finally{
        client.close();
    }
    return response;
}

但是，当我打印stacktrace时，我找不到自定义错误消息。我可以看到消息为HTTP 400错误请求。 你能告诉我如何访问错误消息吗

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注意：当我使用restClient调用serviceA时，我能够获得错误消息。因此，我认为服务没有问题。

不要直接将响应反序列化为

字符串

String data = ...
          .post(Entity.entity(form,
                MediaType.APPLICATION_FORM_URLENCODED_TYPE),
                String.class);

当您执行此操作时（存在问题），您只会得到一个客户端异常，它不包含有关响应的信息。相反，只需使用重载方法获取
响应

然后，您可以从
响应中获取详细信息，如状态等。您可以使用
response.readEntity（String.class）
获取正文。这样，您就不需要处理任何异常。只需根据状态处理条件

请注意，上面的
响应
是入站
响应
，这与当前代码中的出站
响应
不同。因此，请确保不要尝试发送入站
响应

另请参阅及其评论，了解一些设计想法。
非常感谢您提供的解决方案。我可以通过对传入响应执行.readEntity方法来访问错误消息。
Response response = ...
          .post(Entity.entity(form,
                MediaType.APPLICATION_FORM_URLENCODED_TYPE));