Javascript 这个JSON有什么问题？

以下JSON是我从服务器发送回jQuery脚本的内容

{"items": [
{ "id": "116", "first_name": "Sean", "last_name": "borsen" },
{ "id": "871", "first_name": "Sergio", "last_name": "spake" },
{ "id": "1337", "first_name": "SethTest", "last_name": "Test" }
],
"message": "success"
}

我打算使用这个对象来构建一个html表。但是，当我返回这种类型的JSON时，Chrome中会出现以下两个错误之一：

未捕获的语法错误：意外标记'，'

还是这个错误

未捕获的语法错误：意外标记“：”

这是我的AJAX post代码

            $.ajax({
                url: "ClientEmarGroup.aspx",
                datatype: 'json',
                data: eval('(' + d + ')'),
                success: bindData
            });

以下是我在bindData函数中得到错误的一行：

    bindData = function (data) {
        var $d = eval("(" + data + ")");

此外，如果我将JSON项格式化为以下格式，则可以让脚本正常工作：

{"items": [
{ "id": "116", "name": "Sean borsen" },
{ "id": "871", "name": "Sergio spake" },
],
"message": "success"
}

但那不是我想要的

所以我的问题是，我的JSON字符串格式有什么问题阻止我将复杂对象发送回jQuery

---

如何格式化JSON以返回具有2个以上属性的项目数组？

您的JSON没有问题（您可以使用它进行检查）

---

您应该使用

eval（）

，将JSON转换为本机类型，特别是因为jQuery有。

您的JSON没有问题（您可以使用它来检查）

您应该使用

eval（）

将JSON转换为本机类型，特别是因为jQuery已经实现了这一点。

它是完全有效的

但是您不应该使用

eval（）

而是

JSON.parse（）

来解析JSON。要为不具备内置JSON支持的浏览器提供回退，还需要嵌入它，这是完全有效的

但是您不应该使用

eval（）

而是

JSON.parse（）

来解析JSON。要为不具有内置JSON支持的浏览器获取回退，请同时嵌入缺少关闭支持的浏览器：

var bindData = function (data) {
    var $d = eval("(" + data + ")");
}; // here

缺少结束语：

var bindData = function (data) {
    var $d = eval("(" + data + ")");
}; // here

---

您将proeprty

数据类型拼写错误，请注意大写字母T

这会导致jQuery自己尝试找出数据类型，如果您没有为JSON提供正确的内容类型，它将尝试将其解析为其他内容，如XML

如果jQuery能够正确猜测数据类型，它将在调用success函数之前将字符串解析为对象，因此您不应该再次解析数据

注意：如果您需要解析JSON，您应该注意
eval
函数，您应该使用
$.parseJSON
方法。
您将proeprty
数据类型拼写错误，请注意大写字母T

这会导致jQuery自己尝试找出数据类型，如果您没有为JSON提供正确的内容类型，它将尝试将其解析为其他内容，如XML

如果jQuery能够正确猜测数据类型，它将在调用success函数之前将字符串解析为对象，因此您不应该再次解析数据

注意：如果需要解析JSON，应该注意
eval
函数，应该使用
$.parseJSON
方法。
如果您告诉jQuery您需要JSON，它将为您解包，并使用适当的对象调用success函数。您不需要自己解析响应。此外，jQuery将正确地编码一个对象或使用URL编码的请求参数格式的字符串，这样您也不需要在那里进行评估。如果您发送的是JSON，那么您需要在对象上使用
JSON.stringify（）
，并将
contentType
设置为
'application/JSON'
，将数据类型（如@Guffa所指出的，大小写正确）设置为
'JSON'

$.ajax({
    url: "ClientEmarGroup.aspx",
    dataType: 'json',
    data: d,
    success: function(data) {
       // now simply use the data, you don't need the eval
    }
});

如果您告诉jQuery您需要json，它将为您解包，并使用适当的对象调用success函数。您不需要自己解析响应。此外，jQuery将正确地编码一个对象或使用URL编码的请求参数格式的字符串，这样您也不需要在那里进行评估。如果您发送的是JSON，那么您需要在对象上使用
JSON.stringify（）
，并将
contentType
设置为
'application/JSON'
，将数据类型（如@Guffa所指出的，大小写正确）设置为
'JSON'

$.ajax({
    url: "ClientEmarGroup.aspx",
    dataType: 'json',
    data: d,
    success: function(data) {
       // now simply use the data, you don't need the eval
    }
});

在Javascript中，变量的前缀不能是
$
。虽然它是有效的，但它是丑陋的——除非它是
var$this=$（this）
@ThiefMaster-在这种情况下，我同意，但我会说，只要变量包含对jQuery对象的引用，它都是可以接受的，即，
var$form=$（'form'）或
var$menuItems=$（'li.menuitem'）@ThiefMaster，感谢您在下面的回答。你抽签很快。然而，在变量名中不使用$更多的是一种偏好，而不是一种最佳实践。所讨论的var引用了jQuery对象，并且在函数的后面部分也被用作jQuery对象。
var$d=eval（“+data+”）不是jQuery对象。如果它是纯javascript，您应该使用
数据类型：“script”
让jQuery为您执行它。在javascript中，您不需要在变量前面加
$
。虽然它是有效的，但它是丑陋的——除非它是
var$this=$（this）
@ThiefMaster-在这种情况下，我同意，但我会说，只要变量包含对jQuery对象的引用，它都是可以接受的，即，
var$form=$（'form'）或
var$menuItems=$（'li.menuitem'）@ThiefMaster，感谢您在下面的回答。你抽签很快。然而，在变量名中不使用$更多的是一种偏好，而不是一种最佳实践。所讨论的var引用了jQuery对象，并且在函数的后面部分也被用作jQuery对象。
var$d=eval（“+data+”）不是jQuery对象。如果它是纯javascript，您应该使用
数据类型：“script”
让jQuery为您执行它。是的，我试过了，但它也不起作用。肯定是出了什么问题，因为我今天早上无法重现这个问题。是的，我试过了，但也不起作用。因为今天早上我无法重现这个问题，所以肯定是出了什么问题。尼斯卡