Javascript Yii2 Ajax提交不起作用

我是Yii2和Ajax的新手

我想为一个工作添加多个作业，为此我将id传递给WorkJobs Controller

这是我提交ajax的代码

<?php

$this->registerJs(
'$("body").on("beforeSubmit", "form#w1", function() {

    var form = $(this);
    if (form.find(".has-error").length) {
      return false;
    }

    $.ajax({
      var jobid =  "<?php echo $id;?>";

      url: form.attr("work-jobs/create&id="+jobid),
      type: "post",
      data: form.serialize(),
      success: function(errors) {
        alert("sdfsdf");
        // How to update form with error messages?
      }
    });

    return false;
    });'
);
 ?>

---

但它不起作用，我不知道我的代码有什么问题，请帮助……。

尝试在

url

中使用

createAbsoluteUrl（）

，如下所示：

url: "<?php echo Yii::app()->createAbsoluteUrl(\"work-jobs/create&id=\")"+jobid

---

url:尝试在
url
中使用
createAbsoluteUrl（）
，如下所示：

url: "<?php echo Yii::app()->createAbsoluteUrl(\"work-jobs/create&id=\")"+jobid

url:如下更改代码

<?php
$url=Yii::$app->urlManager->createUrl(['work-jobs/create','id'=>$id]);
$this->registerJs(
'$("body").on("beforeSubmit", "form#w1", function() {

    var form = $(this);

    if (form.find(".has-error").length) {
      return false;
    }

    $.ajax({


      url: "$url",
      type: "post",
      data: form.serialize(),
      success: function(errors) {
        alert("sdfsdf");
        // How to update form with error messages?
      }
    });

    return false;
    });'
);
 ?>

如下更改代码

<?php
$url=Yii::$app->urlManager->createUrl(['work-jobs/create','id'=>$id]);
$this->registerJs(
'$("body").on("beforeSubmit", "form#w1", function() {

    var form = $(this);

    if (form.find(".has-error").length) {
      return false;
    }

    $.ajax({


      url: "$url",
      type: "post",
      data: form.serialize(),
      success: function(errors) {
        alert("sdfsdf");
        // How to update form with error messages?
      }
    });

    return false;
    });'
);
 ?>


构建，对
$.ajax（）调用进行以下更改


确保你的URL在引号中。在PHP中插入URL时，忘记引用URL是一个常见的错误。[吉钦]

与此不同，您应该执行以下操作


处理
submit
事件，而不是响应
beforeimit
事件。这将允许Yii客户端soide验证完成其工作
ajax.success
回调以
data
作为参数；不是
error
，而是
ajax.failure
错误回调
构建，对
$.ajax（）调用进行以下更改


确保你的URL在引号中。在PHP中插入URL时，忘记引用URL是一个常见的错误。[吉钦]

与此不同，您应该执行以下操作


处理
submit
事件，而不是响应
beforeimit
事件。这将允许Yii客户端soide验证完成其工作
ajax.success
回调以
data
作为参数；不是
error
，而是
ajax.failure
错误回调
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