Warning: file_get_contents(/data/phpspider/zhask/data//catemap/9/javascript/415.json): failed to open stream: No such file or directory in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 167

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /data/phpspider/zhask/libs/tag.function.php on line 1116

Notice: Undefined index: in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 180

Warning: array_chunk() expects parameter 1 to be array, null given in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 181

Warning: file_get_contents(/data/phpspider/zhask/data//catemap/1/php/293.json): failed to open stream: No such file or directory in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 167

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /data/phpspider/zhask/libs/tag.function.php on line 1116

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Warning: array_chunk() expects parameter 1 to be array, null given in /data/phpspider/zhask/libs/function.php on line 181
Javascript PHP没有从AJAX接收数据_Javascript_Php_Ajax - Fatal编程技术网

Javascript PHP没有从AJAX接收数据

Javascript PHP没有从AJAX接收数据,javascript,php,ajax,Javascript,Php,Ajax,我什么都试过了,我甚至试过用JavaScript从我的代码中发送其他数据,但什么都不起作用,PHP总是告诉我,$\u POST是空的,每当我尝试file\u get\u contents(“php://input“它还给我一个空数组,或者一个空数组或其他什么。我试图通过JSON发送,我认为这并不是必须的,但无论如何,PHP都不会收到任何东西,不管我发送什么。我通过chrome查看是否有东西被发送,是POST请求登录到网络,请求负载显示我试图发送的数据,但每当我在浏览器中打开我的PHP页面时,它都

我什么都试过了,我甚至试过用JavaScript从我的代码中发送其他数据,但什么都不起作用,PHP总是告诉我,$\u POST是空的,每当我尝试
file\u get\u contents(“php://input“
它还给我一个空数组,或者一个空数组或其他什么。我试图通过JSON发送,我认为这并不是必须的,但无论如何,PHP都不会收到任何东西,不管我发送什么。我通过chrome查看是否有东西被发送,是POST请求登录到网络,请求负载显示我试图发送的数据,但每当我在浏览器中打开我的PHP页面时,它都会显示null、Array()或empty。我认为这可能与UTF-8有关,但我不这么认为。我已经试了几个小时了。这里一定有什么我看不到的地方

以下是我的javascript代码:

window.onload = function findSubmitButton() {
    var button = document.querySelector(".send_info").addEventListener("click", serverInteraction);
}

function serverInteraction() {
  var xmlhttp;
  var inputArray;
  var finalArray = [];
  var JSONArray;
  var userId;
  if (window.XMLHttpRequest){
      xmlhttp = new XMLHttpRequest();
  } else if (window.ActiveXObject) {
      xmlhttp = new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
  } else {
      throw new Error("Your Browser is not compatible with XMLHTTP");
      return false;
  }
  inputArray = document.querySelectorAll("input[type=text]")
  for(var i = 0; i < inputArray.length; i++){
      finalArray[i] = inputArray[i].value;
  }
    console.log(finalArray);
    JSONArray = JSON.stringify({finalArray: finalArray}); 
    console.log(JSONArray);
    xmlhttp.open("POST","phpFiles/sendUserInfo.php", true);
    xmlhttp.setRequestHeader("Content-type","application/json;charset=UTF-8");
    xmlhttp.send(JSONArray);
}

我看到我的JSON就在那里,我不知道这是否意味着它有效。控制台日志仍然没有给我任何信息

请将您的xmlhttp.responseText记录下来,您在说什么?
使用ajax的更简单方法是使用jQuery

是否手动打开phpFiles/sendUserInfo.php页面以检查var_转储?当您将POST发送到此PHP文件时,您将看不到所提供代码的输出,因为POST是异步进行的。发生这种情况后,您不能手动打开PHP页面,希望看到发布的数据。这就是您尝试过的吗?xmlhttp.responseText在说什么???我不确定我是否理解您所说的。如果你的意思是我在打开我的PHP文件,在chrome中单击它或其他东西,然后用chrome打开它,那么我没有这样做。我把它和它的目录名放在localhost上。如果这算是手动打开文件,那么我想我正在这样做。我确实得到了控制台的响应日志,但它什么也没说,只有一条白线。我在这方面是新手,这不是大学里教的,我一直在学习它php://input"));` 什么都不给你?我知道JQuery更简单,但这是我第一次从事web开发,我不想习惯这种简单的方法,然后发现我对JavaScript一无所知。是的,我理解你,但是。有了这个简单的脚本,你将比现在想象的做得更多。如果你想的话,我会通过skype或其他方式向你解释。这需要时间。
<?php
    $connection = oci_connect('User', 'password', 'localhost/dbXDB');
    var_dump($_POST);
    if(!$connection){
        $e = oci_error();
        trigger_error(htmlentities($e['message'], ENT_QUOTES), E_USER_ERROR);
    }
    else {
        echo "Connection Established";
    }

?>
   {"finalArray":["1","2","3","4","5","6"]}Connection Established