Php $this->；db->；喜欢不过滤结果

我有一个搜索表单内置在我的网站的标题中（我也在使用Bootstrap）。表单的目的是根据输入查询用户

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<form class="navbar-form pull-right" method="post" action="updates/search" name="search"> 
    <input type="text" class="input-medium" size="50" placeholder="Search for users" style="padding-left:10px">
        <button type="submit" class="btn btn-small" name="sub">Search</button>
    </input>
</form>

控制器

public function index($renderData="")
{ 
    $this->load->model("user_model");
    $this->load->model("updates_model"); 

    $this->_render('pages/search');
}

当我运行搜索查询时，比如说“as；fa；sklfl；kasf”，它仍然会打印数据库（5）中的所有用户名，而不是空白页面。我的get_搜索方法是否出于某种原因找不到$input变量

编辑：我修复了它。我的值在表单中，而不是在输入中

$this->db->like('username',$input); 
$query = $this->db->get('users');

like查询与变量$query的关联在哪里

您告诉您的框架获取所有用户，并将其设置为$query

$query = $this->db->get('users');

---

您的文本框未指定任何名称

<input type="text" class="input-medium" size="50" placeholder="Search for users" style="padding-left:10px" />

---

添加

echo$this->db->last_query（）

以查看正在运行的实际SQL查询。这可能会有帮助。@Rocket Hazmat好的。。所以当我运行它时，它给出了SELECT*FROM（

users

），其中

username

类似“%”。所以我猜这意味着$input变量没有正确传递？如何调用

get\u search

get？您是如何将输入传递给它的？我在操作中调用它，“更新/搜索”。方法是$this->load->model（“user_model”）$这个->用户模型->获取搜索（$this->input->post（'search'）；您的

没有名称。尝试将

name=“search”

从

移动到

，

“两者”都是默认值，如果不另行指定：）
function get_search($input)
{
    //you might want to add `%` on your like statement just add both/after/before the third paraeter
    $this->db->like('username',$input,'BOTH'); 
    $query = $this->db->get('users');

    //check the query
    print_r($this->db->last_query());
}

<input type="text" class="input-medium" size="50" placeholder="Search for users" style="padding-left:10px" />

  <input type="text" name ="username" class="input-medium" size="50" placeholder="Search for users" style="padding-left:10px"/>

$input = $this->input->post('username');
$this->db->like('username',$input); 
$query = $this->db->get('users');