Php 输入的id

我用表单发送多个输入，如何获取实际输入的id，以便更新mysql内容

我的代码：

if (isset($_POST['save']))
    {
    foreach ($_POST as $key => $value)
        {
        ${$key} = $value;
        mysql_query("UPDATE table SET img='$image_[id]', title='$title_[id]' where id='$id'");
        }
    }

while ($row = mysql_fetch_array($result))
    {
    echo "<b>Title: </b><input type='text' name='title_" . $row['id'] . "' value='" . $row['title'] . "'><br />";
    echo "<b>Image: </b><input type='text' name='image_" . $row['id'] . "' value='";
    }
echo '<input type="submit" name="save" value="save"><br /><hr>';
echo '</form>';

if（设置（$\u POST['save']））
{
foreach（$\发布为$key=>$value）
{
${$key}=$value；
mysql_查询（“更新表集img='$image\[id]'，title='$title\[id]'，其中id='$id'）；
}
}
while（$row=mysql\u fetch\u数组（$result））
{
回声“标题：
”；
echo“Image:您的命名错误。请使用这种方式

echo "...    name='title[" . $row['id'] . "]'...";

在它之后，您的
$\u POST['title']
将包含标题数组

并阅读手册


但是如果你仍然是这样的话，你可以用这样的方法

foreach ($_POST as $key => $value)
    {
    if (preg_match('^image_(\d*)$', $key, $matches))
        {
        $id = $matches[1];
        if (isset($_POST['title_' . $id]))
            {
            mysql_query("UPDATE table SET title='" . $_POST['title_' . $id] . "' where id='$id'");
            }
        }
    }

但请在此处签名，表示您了解此代码的所有漏洞。
。这些漏洞不再被维护。请参阅？改为了解，并使用或-将帮助您确定哪一个漏洞。请更详细地说明。