Php 将函数传递到CodeIgniter中的视图？

我可以在CodeIgniter中将函数传递给视图吗？该函数主要检查会话值是否已设置。例如：

public function is_logged(){
    $logged = $this->session->userdata('user_id');

    if ($logged){
        return true;
    } else {
        redirect('index');
    }
}

现在我想把这个函数放在我的一些视图上。那么，如何将此函数传递给视图？

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谢谢。

你不应该那样做。只需将此代码直接放在布局中，或将其放在视图中即可

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你也可以创建一个助手：

我会采取一种不同的方法，就像@atno所说的：你使用的是MVC模式，所以在你的视图中进行这种检查是“逻辑上”错误的，而且不符合干式方法

我将使用模型中的功能执行签入控制器，并根据结果加载适当的视图：

class Mycontroller extends CI_Controller {

     function index() //just an example
     {
        $this->load->model('mymodel');  
        if($this->mymodel->is_logged())
        {
          $this->load->view('ok_page');
        }
        else
        {
          $this->load->view('not_logged_view');
          //OR redirect('another_page','refresh')
        }
    }
}

在您的模型中：

 function is_logged()
 {
    $logged = $this->session->userdata('user_id');

    if ($logged)
    {
        return TRUE;
    } else {
        return FALSE;
    }
 }

如果您需要以编程方式执行某些操作，那么对于控制器的每个方法（如检查是否登录），您可以在构造函数内部进行检查：

  function __construct()
  {
    parent::__construct();
    // check code here
  }

这样，在调用控制器的任何方法之前，即在控制器初始化时，您将进行检查

更新： 在这里使用模型可能有些过分，您只需检查$this->session返回的内容：

function index() { // or mypage() or whatever

if($this->session->user_data('user_id'))
{
  $this->load->view('ok_page');
}
else
{
  $this->load->view('not_ok_page');
}

}

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您不需要在视图中传递它，CI使用MVC模式，因此所有检查都必须在控制器中完成。请注意，

$this->session->userdata（'user_id'）返回
false
因此
isset（$logged）
将始终返回true谢谢。只是一个问题，控制器中不应该有记录功能吗？因为它只是检查会话是否有一个值user\u id。它不与数据库交互。（如果我理解正确，在模型中，我们有与数据库交互的功能）？谢谢。@Roman好吧，我会把它放在一个模型中，只是为了避免反复重复。。无论如何，考虑到函数的简洁性，你也可以编写
if（$this->session->userdata（'user_id'）{//加载一个视图}或者{//加载另一个视图}
哪一种可能更好。顺便说一句，模型不仅仅用于数据库，通常任何数据处理都可以放在那里