Php 有了这段代码，我如何从MySql表中删除不在我发布的JSON数组中的记录？

我发布了一个JSON数组，如：

[ { "id": 1 },{ "id": 2},{ "id": 3 },{ "id": 4 } ]

在

$data=$array->myarray

部分出现了所有问题，我得到：

Notice: Trying to get property of non-object on line 12. 

当我搜索错误并阅读错误信息时，我觉得没有办法解决问题。那里到底发生了什么

这是我的密码：

require('dbConnect.php');

$test = $_POST['jsonarray'];

$array = json_decode($test);

$data = $array->myarray;

$id_list = implode(",", array_map(function ($val) { return (int) $val->id; }, $data));

mysqli_query("DELETE FROM contacts WHERE id NOT IN ($id_list)");



echo $test;

//echo $id_list; 

//var_dump $obj;
print_r($array);
print_r($data);

---

我还认为mysqli_查询只需要一个参数，如果服务器连接详细信息已知，是否正确？

可以访问数组数组，如：

$array[0]["id"]; //using the json supplied

mysqli_查询需要连接对象作为它的第一个参数，或者您可以使用$conn->mysqli_查询（$query）调用它 请参阅mysqli文档，网址为

我还认为，如果已经知道服务器连接详细信息，那么mysqli\u查询只需要一个参数，对吗

不，这是不对的。过时的

mysql

扩展就是这样工作的——connection参数是last，是可选的，默认为最近打开的连接。但是

mysqli

不是这样工作的。connection参数是第一个，它是必需的。应该如此

mysqli_query($conn, "DELETE FROM contacts WHERE id NOT IN ($id_list)");

---

将

$conn

替换为您在

dbConnect.php

中设置的任何变量。感谢劳伦斯·切隆的评论和巴尔马的回答，我这样解决了我的问题（我还使我的MySql更安全）：

---

如果它是数组，为什么要将其视为对象？第二个问题你应该查一下手册。没错！那个神秘的myarray密钥来自哪里？我的代码基于这个问题，这个问题在某种程度上非常有用：。对不起，我的php不如你的好。^^假设你按照这个答案的其余部分，用json解决这个问题，只需执行

$data=json\u decode（$test）

并去掉

$data=$array->myarray行，在执行任何查询之前，您还应该检查json是否有效。SQL很好。问题是您遗漏了
mysqli\u query（）
的第一个参数。它是一个对象数组。
$test = $_POST['jsonarray'];

$data = json_decode($test);

$id_list = implode(",", array_map(function ($val) { return (int) $val->id; }, $data));

//mysqli_query($con, "DELETE FROM test_table WHERE name NOT IN ($id_list)");

$query5 = "DELETE FROM test_table WHERE name NOT IN ($id_list)";
                $stmt5 = $con->prepare($query5) or die(mysqli_error($con));
                $stmt5->execute() or die ("MySQLi-stmt execute failed ".$stmt4->error);
                $stmt5->close();