Php Symfony2，Twig JSON模板与JSON编码：什么'；在这种情况下是正确的

关于最佳实践的快速问题

我有一个AJAX应用程序，其中有4条路由都返回JSON供jQuery使用

我目前正在控制器的末尾使用类似的东西

return new Response(json_encode($some_array));

在一个地方，我使用JMSSerializer，因为我试图传递给Javascript的对象具有受保护的属性。这似乎从来都不对，我一度想知道是否应该“教”对象知道如何将其所有属性编码为JSON，并将它们作为其方法之一的返回值发送出去

无论如何，今天早上我有一个想法，我应该做的是制作一个Twig JSON模板，该模板包含我希望它输出的确切格式，然后从PHP填充变量。输出一个对象中的对象集合还需要几个循环

这样，PHP就有了一个明确的承诺/契约，即它将返回到Javascript的具体内容，如果我碰巧更改了对象，就不会弄糟。我怀疑这会让做javascript的人更容易理解，因为模板比PHP更容易阅读

我走对了吗：我应该使用JSON细枝模板而不是一般的JSON编码吗

编辑（同时回到牧场）

发布此问题后，我的研究表明：

Twig JSON模板与JSON_编码

• 将消除对JMSSerializer的需求，而不是非法获取 受保护的对象属性
• 更具可读性/可预测性，特别是对于另一端的Javascript人员
• Twig将检查变量是否存在，如果JSON不能立即标记 匹配预期格式，例如对象已更改。那就这样吧 很难打破Javascript和PHP之间的友谊
• 单元测试也可以这样做（并且可以验证值），但可以在以后添加
• 将内部对象与外部接口分离意味着作为一种模式，我们避免了关于json_编码或JMSerializer如何形成json的任何不必要的细节。让我作为一个人完全控制JSON的输出
• 将比json_encode（）慢
• “我会避免使用模板来呈现数据，因为转义数据等的责任就在模板中，”他说
• 意味着大量执行{variable_name | json_encode | raw}}：参见（raw意味着关闭自动转义）
• “不管怎样，只返回JSON数据作为控制器的响应更有效，因为Symfony不需要进行模板化阶段，”他说

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如果您担心的是合同的缺失，那么也许您应该编写一个单元测试。它可以更进一步，因为您还可以对属性的值进行约定，这样做。

如果您担心的是缺少约定，那么您可能应该编写一个单元测试。它可以更进一步，因为您还可以就属性的值签订合同，这样做。

这是一个很好的建议。我已经读过Symf2关于单元测试的书，但还没有实现。我可以看出这将强制执行合同，但我的问题是，更可取的模式是什么。使用隐式格式从控制器中释放JSON可以吗？是否有更好的原因，例如执行速度？或者是一个明确的“这个PHP总是会产生这个JSON”更清晰易读，因此更好吗？我明白了。。。我认为如果你想分离关注点，如果你想视图独立于你的模型，你应该使用一个模板。你应该使用

json\u encode

当且仅当视图应该在模型更改时立即更新。这是一个很好的建议。我已经读过Symf2关于单元测试的书，但还没有实现。我可以看出这将强制执行合同，但我的问题是，更可取的模式是什么。使用隐式格式从控制器中释放JSON可以吗？是否有更好的原因，例如执行速度？或者是一个明确的“这个PHP总是会产生这个JSON”更清晰易读，因此更好吗？我明白了。。。我认为如果你想分离关注点，如果你想视图独立于你的模型，你应该使用一个模板。当且仅当视图应在模型更改后立即更新时，才应使用

json\u encode

。Adam-我建议将问题中的“应”改为更具体的内容“应该”取决于谁在回答，很可能会就一大堆问题展开辩论。亚当——我建议将你问题中的“应该”改为更具体的问题“应该”取决于谁在回答，而且很可能会就一大堆问题展开辩论。