通过php问题输出图像

我意识到这可能是一个很小的问题，虽然我已经花了几个小时在网上爬行，但我似乎无法正确解决

我有一个文件image_get.php，它应该显示一个图像文件keepcalm.png，该文件与php文件位于同一目录中

我使用一个类来处理所有与图像相关的操作

image_get.php

<?php
   include "classes/image.class.php"; 
   include "classes/database.class.php";
   $database_sso = new database('SSO'); //will be needed later and is dummy for now
   $testimage = new image($database_sso, "1"); //parameters are dummy for now
   $testimage->show_image();
?>

image.class.php

<?php

class image{
   private $database_image;     //Image Database containing all images
   private $imageid;            //ID of Image in Database
   private $filepath;           //Path to image file


//PUBLIC FUNCTIONS  
   public function __construct($database, $imageid){
     $this->database_image = $database;     //Right now this is just a placeholder
     $this->imageid = $imageid;         //Right now this is just a placeholder

   }

    public function show_image(){

    $remoteImage = $this->get_local_link_from_id($this->imageid);  // Right now this returns "keepcalm.png"

    header('Content-Type: image/x-png')
    $returnstring = readfile($remoteImage);

}
 //PRIVATE FUNCTIONS
private function get_local_link_from_id($imageid){

    $local_link = "keepcalm.png"; //dummy for now
    return $local_link;
}


}



?>

我得到的输出完全是胡言乱语，如图所示->

我错过了什么？ 我已经尝试了上述的多次迭代，但对于如何进行我完全不知道。

试试这个：

public function show_image() {

    // this returns "keepcalm.png"
    $remoteImage = $this->get_local_link_from_id($this->imageid);

    // Set Header
    header("Content-Type: image/png"); // More info: http://stackoverflow.com/a/2086406/2332336

    // Output the contents of image
    readfile($remoteImage);
    exit;
}

如果这对您不起作用，则意味着PHP无法定位本地图像keepcalm.png 可能是因为这里不存在：http://niederrad.no-ip.org/portal/keepcalm.png i、 e.从脚本图像_get.php执行位置http://niederrad.no-ip.org/portal/

如果是这种情况，您可能必须告诉readfile命令映像在服务器上的位置。我的意思是指定linux服务器上文件的绝对路径/home/USERNAME/public\u html/images/例如

如果映像如变量名称所示位于远程服务器上，则代码应如下所示：

    // Output the contents of image
    exit(file_get_contents('http://remote-site.com/path/to/'. $remoteImage));

---

假设您的PHP配置已将allow\u url\u fopen设置为true。

问题在于BOM，我发现这很奇怪，因为我确定我已选中不使用BOM编码

---

Cheery提供了一个非常好的建议。

您的内容类型标题不会发送到浏览器。这是函数，不是字符串！！标题“内容类型：图像/x-png”。至少应为$returnstring=readfile$remoteImage；标题“内容类型：图像/x-png”；你怎么寄$returnstring=header'Content-Type:image/x-png'.readfile$remoteImage；return$returnstring；那不行…我写的$returnstring=readfile$remoteImage；标题“内容类型：图像/x-png”；您应该运行该函数，它将生成http响应头，而不是返回它。如果我按那个顺序做，我会得到一个headers ready sent错误。如果我把标题放在'Content-Type:image/x-png'；首先，我只得到一个空的图像图标。。看，这意味着你的代码乱七八糟，阅读这篇文章，在发送标题之前，浏览器不应该有任何输出-你打算从函数返回$returnstring吗？？？如果您不返回文件内容或不将其从函数中发送到浏览器，则不会显示该文件。谢谢您的回答。不幸的是，你的建议是我最初尝试的第一件事，文件在这里->请尝试URL。我已经检查了文件位置，文件_存在，这不是问题。下面Alexander对文件上的BOM提出了一个很好的观点。您是否尝试过在记事本++中打开文件，使用ANSI中的编码->编码保存文件，然后保存文件并重试？