回显一个img并在src中放入一个php语句？

我该如何正确设置格式？我知道我不能在现有的php语句中打开php语句，但我不知道如何更正它

echo '<img src="<?php echo dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') ); ?>/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'/images/isa.jpg“alt=”isa“>”；

像这样：

echo '<img src="'.dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') ).'/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

像这样：

echo '<img src="'.dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') ).'/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

像这样做

echo '<img src="'.dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') ).'"/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

像这样做

echo '<img src="'.dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') ).'"/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

我更喜欢使用PHP，因为它更容易可视化HTML，我们只需要用

%s

及其相应的构建填充它

printf(
    '<img src="%s/images/isa.jpg" alt="ISA">', // base HTML
    dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') )  // first %s converted element
);

printf(
''，//基本HTML
dirname（get\u bloginfo（'stylesheet\u url'）//第一个%s转换的元素
);

我更喜欢使用PHP，因为它更容易可视化HTML，我们只需要用

%s

及其相应的构建填充它

printf(
    '<img src="%s/images/isa.jpg" alt="ISA">', // base HTML
    dirname( get_bloginfo('stylesheet_url') )  // first %s converted element
);

printf(
''，//基本HTML
dirname（get\u bloginfo（'stylesheet\u url'）//第一个%s转换的元素
);

最好使用get\u template\u directory\u uri（）而不是get\u bloginfo（）。您可以使用以下代码：

echo '<img src="'.get_template_directory_uri().'/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

最好使用get\u template\u directory\u uri（）而不是get\u bloginfo（）。您可以使用以下代码：

echo '<img src="'.get_template_directory_uri().'/images/isa.jpg" alt="ISA">';

echo'；

谢谢，我将确保从现在起记住串联。另外，我将在5分钟内检查您的答案。谢谢，我将确保从现在起记住串联。另外，我将在5分钟内检查您的答案。