从php到数据库的条目不起作用（SQL查询没有给出错误）

有两个变量（登录名和密码）通过

POST

方法将

ajax

传递到

php

。接下来，我需要从数据库中获取所有信息，以确定该名称是否已经很忙。我正试图这么做，但什么也没发生。为什么?<

phpmyadmin

中的code>SQLs没有搞错错误

$connection = mysqli_connect('127.0.0.1', 'root', '', 'myDb');

if( $connection == false)
{
    echo 'Не удалось подключиться к базе данных!<br>';
    echo mysqli_connect_error();
    exit();
}
session_start();
$name     = $_POST['user'];
$password = $_POST['pass'];
$_SESSION['user'] = $name;
$_SESSION['pass'] = $password;

if (!isset($name, $password) || empty($name) || empty($password)){
    http_response_code(400);
    die();
}

$count = mysqli_query($connection, "SELECT * FROM  `users` WHERE(`Name` == '$name'");

if (mysqli_num_rows($count) == 0)
{
    mysqli_query("INSERT INTO `users` (`Name`, `Password`) VALUES ('$name', '$password')");
}
mysqli_close($connection);

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在select语句中，$name的where子句有两个等号。可能的问题

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我建议您检查一下您正在做的事情，其中有一部分做法不好，不推荐使用。

您对SQL注入非常开放。由于您使用的是mysqli，请利用和。这将解决可能出现的任何令人讨厌的引用问题。说真的，第一个试图在姓名或密码中使用撇号的人会破坏您的脚本。此外，如果事情没有按预期进行，请尝试检查另一件事：如果这是一个注册表，那么您需要确保用户名不存在。现在，您正在检查用户名/密码组合，它可以使用相同的用户名但不同的密码注册多个用户。在实际登录时，最好同时检查user/pass。如果您需要检查用户名是否已被使用，则只需查询用户名（无密码）。@TheCodesee是的，插入不会将任何内容放入表中，而不是我在此处的否决票，您在一定程度上是正确的。但是，这并不包括最后一个查询的失败。我的回答比原始海报（包括insert语句失败的评论）早了3分钟。我只能根据我所知道的来回应。“我只能根据我所知道的来回应。”-我明白了。嗯，你发布的内容可能被否决了，因为这个人可能认为它更适合作为评论，并且/或者没有解决失败/没有发生的整个问题。我不能代表投票人发言，但根据我过去的经验，这通常是一个原因。