PHP更新类（OO）

我已经编写了一个PHP OO类，它将更新表中某一行的4个字段。目前，行由一个常量决定（名为“jip”的用户）

我已经在前面的帖子中更正了这个查询，所以我很确定这个查询本身是好的。因此，类本身一定存在某种错误。可能vars没有到达查询。我已经找了好几个小时了，但找不到问题。我已经链接了类的两个文件，因为我不知道错误在哪里，所以这些值不会显示在数据库中。如果有人想检查的话，他会让我整整一个星期都在检查！下面是链接，我希望有人愿意帮助：）

UpdateForm.php：

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Update.class.php:

尝试将

mysqli\u real\u escape\u字符串（$conn$variable）

替换为

$conn->real_escape_string($variable);

比如说,

$conn->real_escape_string($this->Lengte_update);

您使用的是面向对象的样式，因此不能使用过程转义函数。请参阅上的文档

编辑：

查询未被执行。您将查询分配给$query，但需要调用

$conn->query($query);

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数据库中发生的任何事情。

noone正在下载您的代码。把它放在一个垃圾桶里，然后也许我们会看看它……欢迎来到SO。请在此处发布相关代码，以便其他人也能从该问题中受益（因此用户通常不喜欢下载文件）。错误是什么？或者这些值只是没有显示在数据库中？这些值没有显示在数据库中。没有错误（很抱歉，如果没有问题的话），请下次试着调试代码，并问一个更具体的问题。我们不是调试器。没有任何变化：没有错误，但数据库中也没有值。我猜问题发生在早些时候？事实上，我没有看到查询在任何地方执行。您将查询分配给一个变量，但它从未准备和执行（或者只是使用mysqli:：query执行）。这是我第一次使用更新查询（我几个月前才启动php），因此我可能在这里遗漏了一些内容，但当用户用一个小表单按下另一个页面上的提交按钮时，该类正在执行。这就是你的意思吗？我的意思是，在完成所有错误检查之后，在

标题（“位置：…”）之前，您需要调用$conn->query（$query），以便将其发送到数据库。现在，您只是将更新查询分配给一个变量，但该变量没有用于任何用途。这可能就是解决方案！现在已经过了午夜了，我得早点出去，所以我明天就去试试。我一定会回答的。