PHP脚本未在函数内部运行

在我将PHP脚本移动到Javascript函数中之前，它一直在工作。不能这样做吗

//Javascript
function displayPlace() 
{

//PHP
    <?php
    $place = mysql_query("select * from tblRestaurants order by RestName ASC");

    while ($nt= mysql_fetch_assoc($place))
    $arrData[] = $nt;
    if(isset($_GET["ajax"]))
     {
    echo json_encode($arrData);
    die();
     }
    ?>  

//Javascript
    $.getJSON("index.php?ajax=true", function(data) {
        $.each(data, function(index, objRecord) {
            var option=document.createElement("option");
            option.value=objRecord.RestID;
            option.text=objRecord.RestName;
            $("#Doggie").append('<option value="' + objRecord.RestID + '">' + objRecord.RestName     + '</option>');

//Javascript
函数displayPlace（）
{
//PHP
//Javascript
$.getJSON（“index.php？ajax=true”），函数（数据）{
$.each（数据、函数（索引、对象记录）{
var option=document.createElement（“选项”）；
option.value=objRecord.RestID；
option.text=objRecord.RestName；
$（“#Doggie”）.append（“”+objRecord.RestName+“”）；

我猜您正在点击整个脚本中退出的

die（）。脚本的其余部分将停止。删除它，它会有所帮助。
虽然该PHP片段可能与您放置它的Javascript函数相关，因为您将其放置在代码的深处，但它不会返回正确的响应

您的目标是，当您调用
$.getJSON（）
时，PHP将返回一个JSON编码的字符串……但是因为您将PHP代码放在页面中，不相关的文本字符（包括
函数displayPlace（）{
及其之前的所有内容）将在JSON之前内联返回，这让人感到困惑
$.getJSON（）

将PHP代码片段放在代码的顶部以避免此问题。或者更好的是，创建一个单独的
json.PHP
页面来处理json请求。

编辑以澄清：

不要把PHP放在那里，它不属于那里

在调用Javascript函数时，将PHP代码放在Javascript函数中不会导致执行该代码。请求页面时，PHP在服务器上运行，一旦提供页面，它就会停止*

当您调用JSON函数时，您再次请求页面，因此PHP将执行整个页面并返回整个页面，直到它到达该代码段。您将得到一组HTML和Javascript，然后是一个JSON字符串，而不是返回有效的JSON字符串。此响应不可用。

无论您以前在哪里（当它工作时）有PHP代码段都是合适的。更容易维护的做法是将所有与返回JSON相关的PHP代码移动到名为
JSON.PHP
的文件中，然后从
$.getJSON（）请求该文件
而不是
index.php
代码中不清楚您的函数是JavaScript还是php。您可以在JS函数中使用php，但不是这样。了解如何启用
错误报告
和
显示错误
。将JSON字符串回送到JavaScript函数中间有什么用初始化？这不会产生有效的Javascript。看看PHP输出，你就会知道问题出在哪里。（而且
die
ing不会有任何帮助……你为什么要这样做？）你重复的“尝试过了，没有用”回答表明您没有试图理解代码的性质和问题的性质。请仔细思考，而不是猜测！此代码可能存在多个问题--仅修复一个问题不一定是让您的页面“工作”的灵丹妙药。没有工作。如果我移动