Php 我喜欢不工作

这里我的代码是jQueryAjax调用的一部分，返回数据库中的所有结果，而不是像我输入的那样的项目，我不知道为什么，有什么建议吗

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%';   

$database->query("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname");
$database->bind(':lname',$lname);
$database->bind(':org_id',$_SESSION['org_id']);
$existing = $database->resultset();

非常感谢

无法直接从PDO连接执行代码 变数

它是bindParam而不是bind

PDO中没有“resultset”函数

要使用bindParam追加值，必须将 SQL在PDO prepare函数中编码

总体而言，代码应为：

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%';   
$sql=$database->prepare("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname");
$sql->bindParam(':lname',$lname,PDO::PARAM_STR);
$sql->bindParam(':org_id',$_SESSION['org_id'],PDO::PARAM_INT);
$sql->execute();
$existing=$sql->fetch();//Resultset

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其中，$database是一个有效的PDO连接。

最终对这个连接进行了排序，在PHP文件中，我需要在echo之前添加这一行：

header("Content-Type: application/json", true);

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谢谢大家的努力

你是说它返回所有的

ord\u id=…

行，而不管lname是什么？您是否确认$_POSt['lname']包含您认为它的功能？mark，是的，这是正确的，它返回所有组织id条目并忽略类似部分。如果我将LIKE改为=（并删除%符号），那么一切看起来都正常。我还手动输入了数据库ie和lname中的一个名称，如“%smith%”，这很有效。您是否确认

$\u POST['lname']

包含您认为它的功能？是的，我可以确认它的功能，我已经测试过了，最初我得到了smith，然后当我在php代码中时得到了%smith%。@DeanHaines您能在问题中显示您想要得到的cust表的行吗？我的意思是在这个问题的表格中加入一些样本行。我越来越认为你的年龄不再是匆忙和毫无意义的回答的借口。如果你只想改变一个小的和毫无意义的事情，但如果你不这样做，只需重新发布OP的代码，然后至少指出你在哪里做了那个小改动…对不起，我应该提到我在这里使用这个类，我知道连接是有效的，因为我已经在整个项目的许多地方使用了它们。谢谢你的帮助，不过如果你能更好地解释代码和问题，其他用户会得到答案的。