Php 从表中选择一个值并输入一个变量

我有一个名为“progress”的表，在值为“2”的“number”列中。 我想选择值2并输入$result

$letter ='A';
$number = "SELECT number FROM progress";
$result = mysql_fetch_object($number);
$finalcode = $letter . $result;

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您没有执行查询。因此没有任何回报。此外，您需要连接到数据库，这是使用来完成的。要使用mysql执行查询，可以使用。将前面的注释包装到代码中作为示例：

// Connecting to database
$link = mysql_connect('localhost', 'mysql_user', 'mysql_password');
if (!$link) {
    die('Could not connect: ' . mysql_error());
}
echo 'Connected successfully'; // Connected

$letter ='A';
$number = "SELECT number FROM progress";

$result = mysql_query($number); // Executing your query
$row = mysql_fetch_object($result); // Fetching your result into 'row'

$finalcode = $letter . $row;

在上面的代码中，您的对象被提取到

$row

中。您还可以将类名指定为中的第二个参数，例如：

$row = mysql_fetch_object($result,'foo');

注意：如果查询将返回多行，则必须循环使用

$result

，在提供的手册中有许多示例

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注意：请看一看，它应该向您展示

mysql

和

mysqli

之间的区别

简单；您从未查询过dbplus，看到您前面的问题您使用的是mysqli api和mysql，为什么？你不是在这里混吧？只是一个新手的例子…那么你为什么要切换到一个不推荐的api呢？谢谢，为了安全，我将学习一些新的东西。现在我尝试检查你的示例并使用它。欢迎你。祝你好运无，它只显示A，而不是从DB中选取的数字。您确定要将

$letter

与

$row

连接起来吗？使用echo进行测试时，此代码返回正确的值，但当我使用它创建数据库时，它写入数组而不是数字。$query=mysqli\u query（$conn，“从

progress

中选择

number

”；$row=mysqli_fetch_row（$query）；$try=（$row[0]）；echo$try；