Php 当页面存在时，文件获取内容返回错误500

我正试图从中搜集一些数据

我已开始使用此代码：

$list_url = "http://www.jackwills.com/en-GB/ladies/sale";
$html = file_get_contents($list_url);
echo $html;

然而，尽管

file\u get\u contents（）

可用于其他域，它仍返回网站的错误500

有没有一个变通方法可以让我抓住我要找的那一页

更新

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设置

ini\u集（'user\u agent'，'Mozilla/4.0（兼容；MSIE 6.0'）让我走到了一半，现在我看到一个没有样式的HTML页面。我需要的信息是由JavaScript生成的-有什么方法可以得到吗？
这对我很有用。检查您的php.ini相关设置，如“允许url\u fopen”，该设置必须打开：

allow_url_fopen = On

在这里很好。。无法复制…您的配置是否设置为允许您打开URL？它可以与其他URL一起使用，但不是这个。@AmalMurali看着那个链接，它在那里不起作用-这是错误页面（尽管我错了，它是500而不是404）。是我期待看到的页面。除非即使在那一页里，我的工作方式也不一样！谢谢你的回复。这里有我的
php.ini
文件的内容。