Php 当我将数据传递给视图时，我会得到一个"；未定义变量"；代码点火器中的错误

请帮助我：将数据传递到视图时出错。我认为这是正确的程序，但我有错误

• 控制器：

  $data['success']='1';
  $this->load->view('user_control/register', $data);
  

  echo $success;
  

  A PHP Error was encountered
  Severity: Notice
  Message: Undefined variable: success
  Filename: views/register.php
  Line Number: 79
  

• 查看：

  $data['success']='1';
  $this->load->view('user_control/register', $data);
  

  echo $success;
  

  A PHP Error was encountered
  Severity: Notice
  Message: Undefined variable: success
  Filename: views/register.php
  Line Number: 79
  

• 出现错误：

  $data['success']='1';
  $this->load->view('user_control/register', $data);
  

  echo $success;
  

  A PHP Error was encountered
  Severity: Notice
  Message: Undefined variable: success
  Filename: views/register.php
  Line Number: 79
  

---

不是codeigniter程序员，但您应该从您传递的控制器中检查视图文件名

$this->load->view（'user\u control/register'，$data）我想文件名应该在

views/user\u control/register.php

好的，它工作得很好。看看我的屏幕截图，试着模仿一下

我的控制器


我的视图（代码）


最后在屏幕上显示结果


如果它仍然不起作用，请确保您在htdocs中在LAMP或Xampp堆栈上运行Codeigniter。
我们需要更多。至少发布完整的控制器功能。您的视图似乎加载不正确。您指向的是用户控制目录，但错误是无法识别该目录。提供更多信息。另外，您的路线是如何设置的？是否有与名称冲突的内容？您试图加载的视图是否位于此处：
application\views\user\u control\register.php
？是否继续？