php并将发送给它的数据保存到文件中

我在我的Web服务器上有一个名为photo.php的文件，这是我无法理解的。 我有一个用C++编写的程序，把图片发送到Popy.PHP。如何将此数据保存回图像

这是来自fiddler 4的原始数据

POST http://osxchange.org/share/photo.php HTTP/1.1
Host: osxchange.org
Accept: */*
Accept-Encoding: deflate, gzip
Connection: Keep-Alive
Content-Type: multipart/form-data; boundary=----------------------------0123abcdefab
X-SecondLife-UDP-Listen-Port: 60424
Content-Length: 55506

------------------------------0123abcdefab
Content-Disposition: form-data; name="caption"


------------------------------0123abcdefab
Content-Disposition: form-data; name="image"; filename="snapshot.jpg"
Content-Type: image/jpg
     JFIF         C             



 $.' ",#(7),01444'9=82<.342   C         


2!!22222222222222222222222222222222222222222222222222   X "               

POSThttp://osxchange.org/share/photo.php HTTP/1.1
主持人：osxchange.org
接受：*/*
接受编码：deflate，gzip
连接：保持活力
内容类型：多部分/表单数据；边界=------------------------------------0123abcdefab
X-SecondLife-UDP-Listen-Port:60424
内容长度：55506
------------------------------0123abcdfab
内容配置：表单数据；name=“caption”
------------------------------0123abcdfab
内容配置：表单数据；name=“image”；filename=“snapshot.jpg”
内容类型：image/jpg
JFIF C
美元“，#（7），01444'9=82像这样的事情将是一个好的开始：

if (isset($_FILES['image'])) {
    $savePath = './uploads/';
    $oldName = $_FILES['image']['tmp_name'];
    $newName = $savePath.$_FILES['image']['name'];

    move_uploaded_file($oldName, $newName);
}

如果看不到您的任何代码，任何人都很难帮助您。请先查看
$\u文件['image']
variable的内容，然后进行编辑以包含客户端代码。
if (isset($_FILES['image'])) {
    $savePath = './uploads/';
    $oldName = $_FILES['image']['tmp_name'];
    $newName = $savePath.$_FILES['image']['name'];

    move_uploaded_file($oldName, $newName);
}