Php 使用Lightface发送Streamitem_id

我一直在尝试用Lightface弹出窗口将我的streamitem_id发送到我的喜欢页面。我可以用一个普通的链接来做这件事，因为我的喜欢页面显示了谁喜欢一篇文章。但是，当我试图用javascript发送id时，我也没有做到这一点

以下是我已经做过的和已经尝试过的事情

<script>
window.addEvent('domready',function(){          
document.id('start').addEvent('click',function() {
var number1=".$streamitem_data['streamitem_id'].";
light = new LightFace.IFrame({ height:400, width:800, url:'http://www.rawfeeds.co.uk/include/likes.php?streamitem_id='+number1+'', title: 'Likes' }).addButton('Close', function() { light.close(); },true).open();
});
});
</script>

SQL

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您有一个mysql错误。哪一部分你不清楚？相关的SQL查询在哪里？它不见了，请把它添加到你的问题中。我很抱歉。我已经用SQL更新了它，这实际上不是SQL，而是构建SQL字符串的PHP代码。相反，请添加触发错误的已创建SQL字符串（而不是创建该字符串的代码）。此外，您可能希望使用一些简单的数据库类使您的生活更加轻松，这些数据库类在发生错误时提供更多信息：如我前面所述。如果我从链接导航到那里，页面怎么能正常工作？但是从lightface链接不能正常工作。它在导航到的同一页面中得到了相同的代码。。。没道理，没关系。我让它工作了。
Array ( [streamitem_id] => .$streamitem_data['streamitem_id']. ) SELECT Error: You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near '['streamitem_id']. AND feedback_rating=1' at line 1

 <? 
if (isset($_GET['streamitem_id'])){

print_r($_GET);
$likes = mysql_query('SELECT feedback_streamid,feedback_userid,feedback_rating FROM streamdata_feedback WHERE feedback_streamid='.$_GET['streamitem_id'].' AND feedback_rating=1') or die("SELECT Error: ".mysql_error());
$numRowslikes= mysql_num_rows($likes);
while($row = mysql_fetch_array($likes)){
echo" $likes";