在php中以正确的方式保存jpeg图像

因此，我使用一个php文件创建了此图像，该文件为我提供了以下链接：

image-crop.php?x=179&y=101&w=104&h=104&img=initial-image.jpeg

此图像来自图像裁剪工具：

因此，我想保存此图像，因此我执行以下操作：

file_put_contents("image-crop.php?x=179&y=101&w=104&h=104&img=initial-image.jpeg", "");

这确实为我提供了文件，但它只能在我的浏览器中查看 当我想使用windows photo的应用程序a打开时，会出现以下错误：

file format not recognized

我试着使用Curl，但它给了我同样的结果

这似乎是图像制作不正确，但我不知道我做错了什么，请帮助

顺便说一句

如果我能让它工作，我想在下面使用图像：

public static function fromPath(string $path): self
{
    return static::fromString(file_get_contents($path));
}

/**
 * Create a new decoder instance from the specified string.
 *
 * @param string $data
 * @return GdDecoder
 */
public static function fromString(string $data): self
{
    if (false === $image = imagecreatefromstring($data)) {
        throw new InvalidArgumentException('Could not read image');
    }

    return new static($image);
}

编辑

只是检查了你是否用记事本打开.jpeg文件，它是空的

编辑

我在图片底部得到如下url：

   var img = $("#cropbox").attr('src');
    var src = 'image-crop.php?x='+size.x+'&y='+size.y+'&w='+size.w+'&h='+size.h+'&img='+img;
    $.ajax({
        type: "POST",
         url: 'testb.php',
         data : {img: src},
         success: function (result) {
               $('p').html(result);
         }
     });
    $("#cropped_img").show();
    $("#cropped_img").attr('src','image-crop.php?x='+size.x+'&y='+size.y+'&w='+size.w+'&h='+size.h+'&img='+img);

var src是指向该文件的精确链接，那么如何以正确的方式保存它呢

编辑 这是image-crop.php

  <?php 
  $img_r = imagecreatefromjpeg($_GET['img']);
  $dst_r = ImageCreateTrueColor( $_GET['w'], $_GET['h'] );

  imagecopyresampled($dst_r, $img_r, 0, 0, $_GET['x'], $_GET['y'], $_GET['w'], $_GET['h'], $_GET['w'],$_GET['h']);

  header('Content-type: image/jpeg');
  imagejpeg($dst_r);

  exit;
  ?>

---

刚刚解决了我的问题，请将enire路径放在url之后：

---

此链接可能不适用于您，因为它是一个公司网络。您的URL与文件名不同。它只是将脚本裁剪到要减小的大小的命令。2. <代码>文件内容（“文件名.jpeg”，”）将空内容放在文件中，所以它是空的。3.您的代码太少，无法提供帮助。检查此内容的存储位置（在var或dir中），并将其放置在非空位置string@Justinas我刚刚编辑了我的帖子，展示了我是如何获得图片链接的，以及我是如何显示你的

image-crop.php的裁剪版本的。php

执行一些操作，并执行类似

标题（“Content-Type:image/jpg”）的操作；echo$croppedContent。所以你需要检查
image-crop.php
code你有没有检查过你下载的文件？“无法识别文件格式”看起来不像PHP给出的错误消息itself@Justinas所以我知道image.crop.php。我怎么走得更远？你能进一步解释吗？在URL之后，这在哪里包含完整路径（什么？）？