如何在类之外访问PHP对象属性？

例如，假设我有一个包含此代码的文件“other.php”

class Building
{
    public $name;

    function __construct($name)
    {
        $this->$name = $name;
    }
}

$bd = new Building("Name");
echo $bd->$name;

这将返回如下错误：

Notice: Undefined variable: name in (...)
Fatal error: Cannot access empty property in (...)

$bd = new Building("Name");
echo $bd->name;

我希望有一个像这样的输出

Name

---

如何以这种方式访问PHP对象属性？谢谢。

摆脱第二个

$

。您可以使用

$bd->name访问它。在课堂上也是如此。将
$this->name
而不是
$this->$name
放在那里

通常，只要不要在
->
操作符后放置
$

请查看以供参考。
去掉第二个
$
。您可以使用
$bd->name访问它。在课堂上也是如此。将
$this->name
而不是
$this->$name
放在那里

通常，只要不要在
->
操作符后放置
$

查看以供参考。
避免在名称前使用
$
符号

它应该像
echo$bd->name。
避免在名称前使用
$
符号

它应该像
echo$bd->name。
首先修复类代码：

function __construct($name)
{
    $this->$name = $name;
}

应该是这样的：

function __construct($name)
{
    $this->name = $name;
}

这将允许您像这样访问它：

Notice: Undefined variable: name in (...)
Fatal error: Cannot access empty property in (...)

$bd = new Building("Name");
echo $bd->name;


在这方面解决您的问题

您得到该错误是因为您没有实例化该变量

您应该这样做：

$buildings_HSB = new Building("Name");
echo $buildings_HSB->name;

首先修复您的类代码：

function __construct($name)
{
    $this->$name = $name;
}

应该是这样的：

function __construct($name)
{
    $this->name = $name;
}

这将允许您像这样访问它：

Notice: Undefined variable: name in (...)
Fatal error: Cannot access empty property in (...)

$bd = new Building("Name");
echo $bd->name;


在这方面解决您的问题

您得到该错误是因为您没有实例化该变量

您应该这样做：

$buildings_HSB = new Building("Name");
echo $buildings_HSB->name;

这样做似乎可以消除错误，但没有输出。在课堂上也是如此。您可以使用
$this->$name
访问它，而实际上它应该是
$this->name
。当我使用
将该文件包含在index.php中，然后在我的index.php中写入
时，会出现错误<代码>注意：未定义变量：buildings_HSB in（…）
和
注意：尝试获取（…）
中非对象的属性这是另一个HTML文件，我正在执行
，然后执行
，并收到上面列出的错误。这样做似乎可以删除错误，但没有输出。在课堂上也是如此。您可以使用
$this->$name
访问它，而实际上它应该是
$this->name
。当我使用
将该文件包含在index.php中，然后在我的index.php中写入
时，会出现错误<代码>注意：未定义变量：buildings_HSB in（…）
和
注意：尝试获取（…）
中非对象的属性这是另一个HTML文件，我正在执行
，然后执行
，并收到上面列出的错误。