PHP中的Web爬虫无法在mysql数据库中创建记录。如何修复？

我正在为谷歌这样的搜索引擎创建一个网络爬虫。网络爬虫工作得很好，这是我通过终端运行它时看到的，但它没有在mysql数据库中写入任何记录

我已经尝试将所有权限授予web爬虫使用的数据库用户，但没有用。我的服务器是完美的，我可以肯定

<?php
$start = "http://localhost/mariophp/test.html";
$already_crawled=array();
$crawling=array();
function get_details($url)
{
    $options=array('http'=>array('method'=>"GET", 'headers'=>"User-Agent: ZeroBot/0.2\n"));
    $context=stream_context_create($options);
    $doc = new DOMDocument();
    @$doc->loadHTML(@file_get_contents($url,false,$context));
    $title=$doc->getElementsByTagName("title");
    $title=$title->item(0)->nodeValue;
    $simg=$doc->getElementsByTagName("img");
    //$simg=$simg->getAttribute("src");
    //$simg=$simg->item(0)->nodeValue;
    $description="";
    $keywords="";
    $metas=$doc->getElementsByTagName("meta");
    for($i=0; $i<$metas->length; $i++)
    {
        $meta=$metas->item($i);
        if($meta->getAttribute("name")==strtolower("description"))
            $description=$meta->getAttribute("content");
        if($meta->getAttribute("name")==strtolower("keywords"))
            $keywords=$meta->getAttribute("content");
    }
    $_con=mysqli_connect("localhost","augustus","password");
    mysqli_select_db($_con,"websited");

    $title=$_POST["title"];
    $url=$_POST["url"];
    $keywords=$_POST["keywords"];
    $description=$_POST["description"];
    $simg=$_POST["simg"];

    $sql="insert into websited(stitle,slink,skey,sdesc,simg) values('$title','$url',$keywords',$description','$simg')"; 
    if(!mysqli_query($_con,$sql))
       {
        echo "Error: mysqli_error($_con))";
       }       

}
function follow_links($url)
{
    global $already_crawled;
    global $crawling;
    $options=array('http'=>array('method'=>"GET", 'headers'=>"User-Agent: MarioBot/0.1\n"));
    $context=stream_context_create($options);
    $doc = new DOMDocument();
    @$doc->loadHTML(@file_get_contents($url,false,$context));
    $linklist = $doc->getElementsByTagName("a");
    foreach ($linklist as $link)
    {
        $l = $link->getAttribute("href");
        if(substr($l,0,1)=="/" && substr($l,0,2)!="//")
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"]."://".parse_url($url)["host"].$l;
        }
        else if (substr($l,0,2)=="//") 
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"].":".$l;
        }
        else if(substr($l,0,2)=="./")
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"]."://".parse_url($url)["host"].dirname(parse_url($url)["path"]).substr($l,1);
        }
        else if(substr($l,0,1)=="#")
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"]."://".parse_url($url)["host"].parse_url($url)["path"].$l;
        }
        else if(substr($l,0,3)=="../")
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"]."://".parse_url($url)["host"]."/".$l;
        }
        else if(substr($l,0,11)=="javascript:")
        {
            continue;
        }
        else if(substr($l,0,5)!="https" && substr($l,0,4)!="http")
        {
            $l=parse_url($url)["scheme"]."://".parse_url($url)["host"]."/".$l;
        }
        if(!in_array($l,$already_crawled))
        {
            $already_crawled[]=$l;
            $crawling[]=$l;
            echo get_details($l)."\n";
            //echo $l."\n";
        }
    }
    array_shift($crawling);
    foreach ($crawling as $site) {
        follow_links($site);
    }
}
follow_links($start);
print_r($already_crawled);
?>

---

去掉这些行：

    $title=$_POST["title"];
    $url=$_POST["url"];
    $keywords=$_POST["keywords"];
    $description=$_POST["description"];
    $simg=$_POST["simg"];

这些都覆盖了你从网站抓取的变量
$\u POST
用于获取从表单或AJAX提交的参数，此处不需要这些参数

对
mysqli\u error（）
的调用不应在字符串中。改变

    if(!mysqli_query($_con,$sql))
       {
        echo "Error: mysqli_error($_con))";
       }   

到

在上述代码中，您不会尝试向数据库中插入任何内容
$sql
是字符串形式的查询，您不需要对其执行任何操作it@tim我的数据库和其中的表的名称是相同的，即“websited”。您需要使用
mysqli_query
ie
if（！mysqli_query（$\u con，$sql））{echo（“Error:.mysqli_Error（$\u con））；}
在
return
语句之后不会执行任何操作。不要试图通过连接字符串来创建JSON。创建一个数组并使用
json\u encode（）
。
    if(!mysqli_query($_con,$sql))
       {
        echo "Error: " . mysqli_error($_con));
       }