Python 获取由其调用的脚本中的入口点脚本路径

假设您有一个名为

/home/user/pack/test.py的脚本

在此脚本中，我们调用在其他文件路径（使用导入）中定义的某个帮助器类

假设辅助文件路径为：
/home/user/pack/abc/helper.py

我想知道是否有一种方法可以在Helper脚本中获取原始启动脚本路径
/home/user/src/test.py
，以供使用

我试着使用
\uuuu文件
，但它当然给了我
/home/user/pack/abc/helper.py

注意：我不想将启动脚本路径（\uuuu file\uuuu）作为参数传递给Helper类。
您可以使用标准库中的模块来实现您的目标，方法如下：

helper.py

test.py

因此，通过执行
test.py
，您将在
helper.py
函数中获得
“path/to/test.py”
作为您的输出。
您想知道类导入到的文件的位置吗？为什么？Helper类是一个安装类，可以从许多脚本中调用，如果指定的文件启动了它，我想做一些特殊的事情你说的“特殊的东西”是什么意思？老实说，这听起来是个坏主意-为什么不需要一个显式的标志来控制行为（这将更容易实现并使测试更容易）？我能想到的唯一方法是向操作系统请求用于调用python iTerpler的命令。正如我所说，没有更多的信息，就不可能提出任何明智的建议。
def some_helper():
    print(inspect.stack()[1][1])

import helper

helper.some_helper()