Rust 如何从异步方法返回简单类型？

示例实现

#[异步特性]
特点，特征{
异步fn示例\u方法（&self）->bool；
}
发布结构示例结构{}
#[异步特性]
ExampleStruct的impl ExampleTracit{
异步fn示例\u方法（&self）->bool{
真的
}    
}

试图编译此实现时，出现以下错误：

async fn example_method(&self) -> bool;
                                  ---- type in trait
...
async fn example_method(&self) -> bool {
    |                             ^^^^ expected `bool`, found opaque type
    |
    = note: expected fn pointer `fn(&ExampleStruct) -> bool`
               found fn pointer `fn(&ExampleStruct) -> impl Future`

我知道

example\u方法中的签名被扩展以返回未来的实现，因此最后一条消息
note…
async_trait文档没有解释如何处理这种情况，因为这种情况下。。。有人知道如何解决这个问题吗？
问题是您没有将宏引入范围，因此没有执行转换，从而导致错误。如果将
async\u trait
引入范围，代码将编译：

使用async\u trait:：async\u trait；
#[异步特性]
特点，特征{
异步fn示例\u方法（&self）->bool；
}
发布结构示例结构{}
#[异步特性]
ExampleStruct的impl ExampleTracit{
异步fn示例\u方法（&self）->bool{
真的
}    
}
虽然我没有把它放在代码段中，但我正在用你的例子中的
use
语句将它纳入范围。但是你的回答让我检查了我是如何将板条箱纳入范围和我的项目的，并注意到我将它放入了
[dev dependencies]
（这里我的缺点）。所以问题都在我这边。谢谢你你的例子在操场上起作用：你确定这和你在这里发布的代码是一样的吗？是的（代码是一样的），但我似乎犯了我的错误，它不在片段中，但我把板条箱放进了我的
[dev dependencies]
，而不是
[dependencies]
，因此，在检查或建造板条箱时，不会将其纳入范围。