Windows 使用注册表启动程序，并更改当前工作目录？

我正在尝试启动我在此目录中制作的程序：

C:\example\example.exe -someargument

当电脑启动时。我正在尝试使用此注册表项：

HKEY_LOCAL_MACHINE\Software\Microsoft\Windows\CurrentVersion\Run

关键在于：

Name: example
Type: REG_SZ
Data: "C:\example\example.exe -someargument"

但我的程序也需要C:\example目录中的文件，但由于当前工作目录不同，因此找不到这些文件。可以在注册表项值中执行类似操作吗

"cd C:\example\; example.exe -someargument"

这样它就能改变目录了？还是有更好的解决方案

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谢谢

如果文件始终与应用程序位于同一目录中，请使用从代码中查找文件的工作目录，然后您可以无论如何引用它们。

您可以在下一个注册表项下注册应用程序（就像这样）

所以

System.Diagnostics.Run（“example.exe”）将使用指定的工作路径启动应用程序

或者另一种方法：使用C#编写启动器。您可以使用PowerShell cmdlet执行相同的操作

var info = new System.Diagnostics.ProcessStartInfo(@"c:\example\example.exe", "-someargument")
{
    WorkingDirectory = @"c:\AnotherPath"
};
System.Diagnostics.Process.Start(info);

如果需要从同一目录加载DLL，可以在下创建子项
example.exe

HKEY_LOCAL_MACHINE\SOFTWARE\Microsoft\Windows\CurrentVersion\App Paths

注册表项并定义
PATH
REG_SZ
value
example.exe
在应用程序开始时，执行以下操作（这是C#，转换为C++）：

您还可以在文件夹中为程序创建快捷方式，并在注册表中引用此快捷方式：

HKEY_LOCAL_MACHINE\Software\Microsoft\Windows\CurrentVersion\Run
Name: example
Type: REG_SZ
Data: "C:\example\example.lnk

当你说“我做了”时，你有没有写example.exe？如果是，用哪种语言？这只是一个提供指导的代码片段。“使用”语句就在那里，以防你的应用程序还没有它。是的，如果需要的话，请继续完全限定显示的所有其他类名，具体取决于您的代码，但请不要因为太迂腐而否决一个完美的解决方案。这不是所谓的精神。我不认为这个答案符合要求。指定“Path”将提供一个要附加到Path环境变量的字符串。它对当前工作目录不做任何操作。
    using System.IO;
:
:
    Environment.CurrentDirectory = Path.GetDirectoryName(Application.ExecutablePath);

HKEY_LOCAL_MACHINE\Software\Microsoft\Windows\CurrentVersion\Run
Name: example
Type: REG_SZ
Data: "C:\example\example.lnk