在Yii中的layouts main.php中显示登录表单

我想更改views/layouts/main.php，以便在用户未经身份验证时显示登录表单

因此，我更改了siteController操作索引，如下所示：

public function actionIndex() {

$loginForm = new LoginForm();
    $this->render('index', array('loginForm'=>$loginForm)); 
}

if(Yii::app()->user->isGuest):
    echo $loginForm;
else :
    echo 'JJJ';
endif;

然后在views/layouts/main.php中调用它，如下所示：

public function actionIndex() {

$loginForm = new LoginForm();
    $this->render('index', array('loginForm'=>$loginForm)); 
}

if(Yii::app()->user->isGuest):
    echo $loginForm;
else :
    echo 'JJJ';
endif;

然后，当我访问我的网站时，它会显示错误：未定义变量：loginForm

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我不知道怎么解决这个问题

在控制器类中定义新属性：

public $loginForm;

在main.php中，按如下方式访问它：

echo $this->loginForm;

如果在渲染方法中传递变量，它将仅在视图文件中可用，但在布局文件中不可用。

这是因为索引模板在主模板之前加载。所以，更好的方法就是在控制器中定义一个公共属性。我建议您在控制器类中定义此属性，因为SiteController和*Controller扩展了它

然后，你可以运行这个

if(Yii::app()->user->isGuest) {
    echo $this->loginForm;
} else {
    echo 'JJJ';
}

请注意，因为在这种工作方式中，您将采用MVC模式。这种工作方式迫使您在每个操作中定义LoginForm。我建议你这样做：

保留对渲染文件的干净调用

public function actionIndex() {
    $this->render('index'); 
}

并在控制器类中添加getLoginForm方法，以获得：

if(Yii::app()->user->isGuest) {
    echo $this->getLoginForm();
} else {
    echo 'JJJ';
}

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这里有几个问题。首先，您要创建一个名为$loginForm的对象，并将其赋值为newloginform

我不确定您是否有意这样做，而LoginForm是一个函数或一个返回某些内容的方法，但我感觉您有意这样做：

$loginForm = new LoginForm;

它创建了LoginForm类的一个新实例，LoginForm是一个默认的Yii webapp类。即使是这样，也有更好的方法

最简单的方法是调用index.php视图中protected/views/site/login.php中已经存在的login.php视图的renderPartial，如下所示：

if(Yii::app()->user->isGuest) {
    $this->renderPartial("loginform",array("model"=>new LoginForm));
} else {
    echo 'JJJ';
}

这将在不呈现布局的情况下呈现view login.php，因为我们已经呈现了布局-on render和renderPartial，并将分配给名为$model的变量的模型LoginForm的新实例传递给它

您很可能需要编辑login.php视图的外观以使其适合，但请记住，SiteController actionLogin中也使用了此视图

接下来要做的就是修改actionIndex以处理表单提交，您只需复制现有的SiteController actionLogin功能即可

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另一个更好的解决方案是为登录表单创建一个小部件，它可以在应用程序中使用。我不打算讨论这个问题，但是你可以在这里读到，或者去看看，或者

对不起，它坏了。错误消失，但表单未显示。此表单创建表单模型类的对象www.yiiframework.com/doc/guide/1.1/en/form.model‎. 它不会呈现窗体。你需要明确地做到这一点，就像在最初的文章中一样。