C++ 关于模板函数中向量迭代器的问题

我试图学习STL库，但我遇到了一个奇怪的问题。这段代码编译得非常完美：

void Show(vector<int> myvec)
{
    vector<int>::iterator it;
    cout << "Vector contains:";
    for( it = myvec.begin(); it < myvec.end(); it++) 
    {
         cout << " " << *it;
    }
    cout << endl;
}

void显示（矢量myvec）
{
向量：：迭代器；
cout某些编译器在检测模板中的成员名称和类型名称时遇到问题。请尝试在模板函数体的第一行中编写类似的内容

typename vector:：iterator it；
您需要说
typename vector:：iterator it

另一方面，您通过值传递
向量。这意味着整个
向量将在函数调用中被复制。
void Show（vector const&myvec）
和使用
const\u迭代器将更明智。
可能它使用
typename vector:：iterator it；
编译器无法知道存在内部类迭代器。
您需要：

typename vector<T>::iterator it;

typename向量：：迭代器；

这告诉编译器应该将
vector:：iterator
视为一种类型，这是它不能假设的，因为
iterator
依赖于
t
是什么。
首先，参数虽然使用模板，但不是模板，它是一个完全定义的类（
vector
）

在后一种情况下，参数是类型T上的模板，因此需要typename
可能与以前回答过很多问题的名称重复，但如果您不知道这些术语exist@FredOverflow这是一个非常好的链接，我现在可能会读它。但是，就像@Erik说的，如果你不知道w这是根本的问题，你将搜索许多特定的术语，而不会搜索更一般的问题。我搜索了很多迭代器、模板、向量、STL……但没有发现任何我甚至不知道关键字
typename
存在的东西（：（是的，我是noob:P）.我认为这只是一个愚蠢的语法错误。没关系，没人抱怨；）如果他通过const Ref，也需要告诉他使用一个conthyTrava.正确，但它不是一个编译器问题。C++标准规定编译器将模板中的依赖名当作成员而不是类型，除非使用了类型名。它不是“一些编译器”。语法根本不允许。“一些编译器”如果没有typename解析失败，则可以通过使用typename重试来双重猜测程序员，从而编译一些不正确的案例。
$ g++ hello.cpp
hello.cpp: In function ‘void Show2(std::vector<T, std::allocator<_Tp1> >)’:
hello.cpp:19: error: expected ‘;’ before ‘it’
hello.cpp:21: error: ‘it’ was not declared in this scope

typename vector<T>::iterator it;