C++ 高阶函数中的完美转发可调用对象
我一直在写这样的高阶函数:C++ 高阶函数中的完美转发可调用对象,c++,c++11,C++,C++11,我一直在写这样的高阶函数: template<typename F, typename... Args> void doStuff(F f, Args&&... args) { // ... f(std::forward<Args>(args)...); // ... } template<typename F, typename... Args> void doStuff(F&& f, Args&am
template<typename F, typename... Args>
void doStuff(F f, Args&&... args)
{
// ...
f(std::forward<Args>(args)...);
// ...
}
template<typename F, typename... Args>
void doStuff(F&& f, Args&&... args)
{
// ...
std::forward<F>(f)(std::forward<Args>(args)...);
// ...
}
auto vec3 = std::move(foo)();
vec4 = foo();
然后我以前的doStuff
实现将只调用&
方法,因为参数总是左值
我认为解决这个问题的方法是实现如下doStuff
:
template<typename F, typename... Args>
void doStuff(F f, Args&&... args)
{
// ...
f(std::forward<Args>(args)...);
// ...
}
template<typename F, typename... Args>
void doStuff(F&& f, Args&&... args)
{
// ...
std::forward<F>(f)(std::forward<Args>(args)...);
// ...
}
auto vec3 = std::move(foo)();
vec4 = foo();
模板
void doStuff(F&&F,Args&&…Args)
{
// ...
标准:正向(f)(std::forward。我想知道的是,这个实现有什么缺点,也就是说,我应该用它替换我所有的HOF实现吗?std::forward
是一个有条件的r值强制转换,重点是像往常一样从垂死的对象中挖出内脏。functor
和其他对象之间没有区别消极的一面与任何使用std::forward的方法都是一样的;如果你不准备去窃取那些胆量,你就不应该这样做
#include <iostream>
#include <vector>
struct Foo {
std::vector<int> vec = {1,2,3};
std::vector<int>& operator()(...) & {
return vec;
}
std::vector<int> operator()(...) && {
return std::move(vec);
// Clearly, don't rely on 'vec' here...
}
};
Foo getFoo(){
return {};
}
int main() {
auto foo = getFoo();
auto vec1=foo();
auto vec2=getFoo()();
}
出于同样的原因。只要f
之后不再被重用,它看起来就很好。operator()
可能会有一些副作用,可能会修改f
的内部成员(移动内部成员)(如果有的话)。不过我不确定,还没有考虑清楚。。问得好。@Arunmu if(1)该方法在ref限定符上重载,并且(2)调用者将函子作为右值传入,我们有足够的理由相信调用者打算调用&&
版本。在这种情况下,在doStuff
中完美地转发f
可能是合理的。我想,转发(f)没有任何问题
只要不在doStuff
@Praetorian内再次使用f
,为什么再次使用f
会成为一个问题?std::forward
只不过是一个条件转换,所以除非&
方法引爆对象本身,否则重用f
应该没问题。不?是的,但如果我通过实现ref限定的重载很麻烦,我可能只会在&&
重载有机会通过窃取函子的内脏来提高效率时才这样做。在任何情况下,除非您还控制将传递给doStuff
的每个函子,否则您必须假设它有一个操作符()&&
修改函子,以便后续调用的行为可能不同。