如何在一个文件中声明所有包含项，该文件将在PHP的所有项目中加载

我正在做一个项目，但我厌倦了在每一页中加载所有的库

我的项目目录是这样的

|---x (( PHP PAGES ))
  |--- x1.php (( PHP FILE ))
  |--- x2.php (( PHP FILE ))
|---y (( PHP PAGES ))
  |--- y1.php (( PHP FILE ))
  |--- y2.php (( PHP FILE ))
|---includes (( LIBRARIES ))
a.php (( PHP FILE ))
b.php (( PHP FILE ))
c.php (( PHP FILE ))

我试图在一个文件中加载我的所有库，并在所有页面中加载该文件，但问题来自于目录，例如，在x1.php中加载库将是这样的“./include/”，但在a.php中加载只需要“include/”，我知道有一种方法可以达到“include”目录，不管请求来自何处，但我不知道如何执行此操作

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谢谢

将每个文件作为包含加载将增加不必要的膨胀，并可能降低网站速度。您可以尝试的是类自动加载：

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它消除了将包含文件分散到所有地方的需要，但只包含您真正需要的文件。

将每个文件作为包含文件加载会增加不必要的膨胀，并可能降低您的网站速度。您可以尝试的是类自动加载：

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它消除了将包含文件分散到所有位置的需要，但只包含您真正需要的文件。

您的问题的答案是设置一个

包含路径。默认情况下，PHP会在与调用文件相同的目录中查找包含的文件，但是如果您设置了
include\u路径
，它会在那里查找

但是，从长远来看，类自动加载和
\u autoload（）
函数甚至更好，所以请使用e4c5的答案。
您的问题的答案是设置
包含路径。默认情况下，PHP会在与调用文件相同的目录中查找包含的文件，但是如果您设置了
include\u路径
，它会在那里查找

但是，从长远来看，类自动加载和
\uu autoload（）
函数甚至更好，所以请使用e4c5的答案。
非常感谢。如果我在includes/functions.php中的functions.php中使用它，我应该像“/includes”或“./includes”这样加载库吗？？这仍然取决于请求的脚本，对吗？即使是最有经验的php程序员也会对是否使用“./filename”或“../filename”感到困惑，特别是当两个文件可能有一个共同的include时。克服这个问题的最好方法是将您的内容放在include路径上的目录中，或者更改include路径以指向文件所在的目录。您也可以考虑使用CopyDeOnEnter（）或RealEngONCEL（）而不是包含（）或（）（非常感谢）。如果我在includes/functions.php中的functions.php中使用它，我应该像“/includes”或“./includes”这样加载库吗？？这仍然取决于请求的脚本，对吗？即使是最有经验的php程序员也会对是否使用“./filename”或“../filename”感到困惑，特别是当两个文件可能有一个共同的include时。克服这个问题的最好方法是将您的内容放在include路径上的目录中，或者更改include路径以指向文件所在的目录。您也可以考虑使用CopyDeOnEnter（）或RealEngOnCEL（）代替Cuffe（）或Read（）。