用PHP发布文件名

我用php获取发布数据的值

我正在使用：

if (isset($_POST['fieldname'])) {
$field1 = $_POST['fieldname'];
}

这工作正常，我可以使用以下方法返回值：

echo $field1;

我的问题是有一个名为ul_image的字段，它包含一个图像的名称，用于上传

我试过：

if (isset($_POST['ul_image'])) {
$field2 = $_POST['ul_image'];
}

echo $field2;

但这不会带来任何回报

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我没主意了，有人有什么建议吗？

文件数据包含在

$\u文件['ul\u image']

中。它包含一个具有以下键的数组：

名称

（原始文件名）、

类型

（MIME类型）、

大小

（文件大小以字节为单位）、

tmp\u名称

（服务器上的临时路径）、

错误

（任何错误）

---

然后使用

move\u-uploaded\u文件（$\u-FILES['ul\u-image']['tmp\u-name']，$destination）永久存储文件。

。原因是增加了安全性；此函数确保黑客没有操纵您的脚本移动服务器上的任意文件。

文件数据包含在

$\u文件['ul\u image']

中。它包含一个具有以下键的数组：

名称

（原始文件名）、

类型

（MIME类型）、

大小

（文件大小以字节为单位）、

tmp\u名称

（服务器上的临时路径）、

错误

（任何错误）

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然后使用

move\u-uploaded\u文件（$\u-FILES['ul\u-image']['tmp\u-name']，$destination）永久存储文件。

。原因是增加了安全性；此函数可确保黑客没有操纵您的脚本移动服务器上的任意文件。

如果输入类型为“文件”，则它将在$\u files数组中结束，而不是在$\u POST数组中结束。然后，您必须找到一种方法，将图像实际发送到您的服务器，或者任何地方

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从这里开始阅读：

如果输入类型是“file”，它将在$\u FILES数组中结束，而不是在$\u POST数组中结束。然后，您必须找到一种方法，将图像实际发送到您的服务器，或者任何地方

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