Php 我正在将代码mysql更新为mysqli，现在我陷入了is_资源方法

我花了将近一天的时间来找出一个与is_资源方法相关的错误。这是我的代码

function __construct() {
    $this->dbHost = "localhost";
    $this->dbUser = "root";
    $this->dbPass = "";
    $this->dbName = "tahseent_digitemb";
}
public function connect() {
    $this->dbh = mysqli_connect($this->dbHost, $this->dbUser, $this->dbPass)
   ;6     or die("Could not connect to the database:<br />" . mysqli_error($this->dbh));
    mysqli_select_db($this->dbh, $this->dbName) 
        or die("Database error:<br />" . mysqli_error($this->dbh));
        if(!is_resource($this->dbh)) {
        trigger_error("Unable to Connect to the Database Server: ".$this->dbHost, E_USER_ERROR);
        //die("Error:: Unable to Connect to the Database Server.");
    }
    if(!mysqli_select_db($this->dbh, $this->dbname)) {
        trigger_error("Unable to Select Database:: ".$this->dbname, E_USER_ERROR);
        //die("Error:: Unable to Select Database"); 
    }

函数uuu构造（）{
$this->dbHost=“localhost”；
$this->dbUser=“root”；
$this->dbPass=“”；
$this->dbName=“tahseent\u digitemb”；
}
公共功能连接（）{
$this->dbh=mysqli\u connect（$this->dbHost，$this->dbUser，$this->dbPass）
；6或die（“无法连接到数据库：
”。mysqli_错误（$this->dbh））；
mysqli_select_db（$this->dbh，$this->dbName）
或者死（“数据库错误：
”。mysqli_错误（$this->dbh））；
如果（！是_资源（$this->dbh））{
触发器_错误（“无法连接到数据库服务器：”..this->dbHost，E_USER_错误）；
//die（“错误：：无法连接到数据库服务器。”）；
}
如果（！mysqli_select_db（$this->dbh，$this->dbname））{
触发器_错误（“无法选择数据库：：”$this->dbname，E_USER_错误）；
//die（“错误：：无法选择数据库”）；
}

我正在成功连接到我的数据库，因为我的连接没有中断，但我可以 我不理解为什么资源方法显示错误的结果。请帮助是类构造函数的别名，因此

$this->dbh

不是资源而是对象。适当的测试应该是使用

is\u object

或者mysqli的

实例

也就是说，没有必要进行测试。您最初的
或死
测试将已经捕获到任何错误。
MySQLI不使用资源，它使用对象。
MySQLI\u connect
返回类
MySQLI
的对象，
MySQLI\u prepare
返回类
MySQLI\u stmt
的对象，以及
MySQLI\u querySELECT
查询时，ode>返回类为
mysqli\u result
的对象

如果失败，所有这些函数都将返回
false
。与其测试返回值是否是资源，不如测试它是否真实：

$this->dbh = mysqli_connect(...);
if ($this->dbh) {
    // successfull
} else {
    // report error
}