Php MySQLI在生产中出现致命错误，但在开发中没有

我有以下代码：

$mysqli = new mysqli('localhost','username','password','database');

$insert = "INSERT INTO submissions ( client_name, client_company ) VALUES ('$client_name', '$client_company' )";

if ( $mysqli->query($insert) === TRUE ) {
  echo "success";
} else {
  echo "Error: " . $mysqli . "<br>" . $mysqli->error;
}

$mysqli=newmysqli（'localhost'，'username'，'password'，'database'）；
$insert=“在提交文件中插入（客户名称、客户公司）值（“$client\U name”、“$client\U company”）”；
if（$mysqli->query（$insert）==TRUE）{
呼应“成功”；
}否则{
回显“错误：”.$mysqli.“
”$mysqli->错误；
}

在我的开发环境中，它运行得很好，将变量插入到正确的表列中

但是，在生产过程中，我会遇到以下错误：

可捕获的致命错误：无法转换类mysqli的对象 在第x行的“路径”中输入字符串

我知道：

• 我的mysqli连接没有错误，因为我的应用程序的其余部分使用凭据等。可以在dev/live中从我的数据库检索数据
• 这段代码运行良好，插入正确，在我的开发环境中不会出错

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我已经寻找了错误消息的解决方案，并尝试了一些，但我仍然不相信这是问题的真正原因。

PHP尝试将$mysqli转换为字符串：

echo "Error: " . $mysqli . "<br>" . $mysqli->error;

echo“错误：”$mysqli。“
”$mysqli->错误；

你应该这样做

echo "Error: with mysqli <br>" . $mysqli->error;

echo“错误：使用mysqli
”$mysqli->错误；

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或者，如果您想了解更多详细信息，可以使用var vump，但mysqli->error应该足够了

Wierd代码可以在您的开发机器上运行。。。但是您需要使用“$mysqli->error”来代替，我认为这是因为代码中的

else

试图将mysqli对象连接到错误消息中。试着把那个零件取下来，看看它是否works@RaymondNijland我发现我传递到INSERT语句中的一个PHP变量似乎是原因（实际语句有大约9个变量，而不仅仅是所示的2个）。我很难分辨出确切的原因，但是这在开发中仍然很好…为什么在地球上人们会想要回显$mysqli->error in production-nevironment当然这是个坏主意，但这不是这里的问题：pI回答这个问题，如果人们想在生产中输出错误，这不是我的问题。谢谢回答，@YourCommonSense我将错误回传到javascript控制台日志中，我猜这仍然不是一个好的做法？实际上，如果在生产中输出错误，它是不安全的，黑客会更容易发现安全漏洞